資源簡介

(共129張PPT)
第4課時
自由組合定律中的特殊比例和實驗探究
課標要求
1.會用自由組合的解題規律解決實際問題。
2.會設計實驗探究兩對至多對基因在常染色體上的位置。
考點一　自由組合定律中的特殊分離比
考點二　探究不同對基因在常染色體上的位置
內容索引
課時精練
重溫高考 真題演練
考點一
自由組合定律中的特殊分離比
題型一　9∶3∶3∶1的變式(自交“和”為16，測交“和”為4的分離比分析)
條件分析 F1(AaBb)自 交后代比例 F1(AaBb)測
交后代比例
表型為雙顯、單顯、雙隱三種，即A_bb和aaB_個體的表型相同 9∶6∶1 1∶2∶1
雙顯性為一種表型，其余為另一種，即A_bb、aaB_、aabb個體的表型相同 9∶7 1∶3
雙顯為一種表型，一種單顯為一種表型，另一單顯與雙隱為一種表型，即A_bb和aabb的表型相同或aaB_和aabb的表型相同 9∶3∶4 1∶1∶2
只要存在顯性基因(A或B)就表現為同一種表型，其余表現為另一種，即A_B_、A_bb和aaB_的表型相同 15∶1 3∶1
單顯為一種表型，其余為另一種表型，即A_B_和aabb一種表型，A_bb和aaB_為一種表型 10∶6 1∶1(2∶2)
顯性基因在基因型中的個數影響性狀表現(累加效應) AABB∶(AaBB、AABb)∶(AaBb、aaBB、AAbb)∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶4∶6∶4∶1 AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1
1.玉米為雌雄同株異花植物，其籽粒顏色受A、a和B、b兩對獨立遺傳的基因控制，A、B同時存在時籽粒顏色為紫色，其他情況為白色(不考慮突變)。研究人員進行以下兩組實驗，下列有關說法錯誤的是
題型突破
組別 親代 F1
實驗一 紫色×紫色 白色∶紫色＝7∶9
實驗二 紫色×白色 白色∶紫色＝5∶3
A.籽粒的紫色和白色為一對相對性狀，親代紫色植株的基因型均為AaBb
B.實驗一F1中白色個體隨機傳粉，子代的表型及比例為紫色∶白色＝
8∶41
C.實驗二親代白色個體的基因型可能有2種，子代紫色個體中沒有純合子
D.實驗二的F1中紫色個體自交，其后代籽粒為紫色個體的比例為
題型突破
√
組別 親代 F1
實驗一 紫色×紫色 白色∶紫色＝7∶9
實驗二 紫色×白色 白色∶紫色＝5∶3
題型突破
籽粒的紫色和白色為一對相對性狀，受兩對等位基因控制，根據上述分析可知，親代紫色植株的基因型均為AaBb，A正確；
實驗一F1中白色個體基因型和比例為AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb∶aabb＝1∶2∶1∶2∶1，產生的配子類型和比例為Ab∶aB∶ab＝2∶2∶3，F1白色個體隨機傳粉，子代表現為紫色的概率為2/7×2/7×2＝8/49，所以白色個體的概率為1－8/49＝41/49，故表型及比例為紫色∶白色＝8∶41，B正確；
題型突破
根據分析可知，實驗二親本基因型為AaBb×Aabb或AaBb×aaBb，即親本中的白色個體基因型可能為2種，子代中紫色個體的基因型為A_Bb(或AaB_)，均為雜合子，C正確；
實驗二的F1中紫色個體的基因型可能為1/3AABb、2/3AaBb(或1/3AaBB、2/3AaBb)，自交后代籽粒為紫色的概率為1/3×1×3/4＋2/3×3/4×3/4＝5/8，D錯誤。
歸納總結
2.“喜看稻菽千重浪，遍地英雄下夕煙”，中國科學家團隊對水稻科研做出了突出貢獻：袁隆平院士被譽為“雜交水稻之父”，朱英國院士為我國雜交水稻的先驅，農民胡代書培育出了越年再生稻等。某興趣小組在科研部門的協助下進行了下列相關實驗：取甲(雄蕊異常，雌蕊正常，表現為雄性不育)、乙(可育)兩個品種的水稻進行相關實驗，實驗過程和結果如下表所示。已知水稻雄性育性由等位基因A/a控制，A對a完全顯性，B基因會抑制不育基因的表達，反轉為可育。
題型突破
據表分析回答下列問題：
題型突破
P F1 F1個體自交單株收獲，種植并統計F2表型
甲與乙雜交 全部可育 一半全部可育
另一半可育株∶雄性不育株＝13∶3
(1)控制水稻雄性不育的基因是_____，該興趣小組同學在分析結果后認為A/a和B/b這兩對等位基因在遺傳時遵循基因的自由組合定律，其判斷理由是_________________________________________________________
_______________________________________________________________
____________________________________。
A
F1個體自交單株收獲得到的F2中的一半表現的性狀分離比為可育株∶雄性不育株＝13∶3，而13∶3是9∶3∶3∶1的變式，說明該性狀受兩對等位基因控制，遵循自由組合定律
題型突破
由分析可知，B基因會抑制不育基因的表達，反轉為可育，說明雄性不育株一定不含B基因，進而確定控制雄性不育的基因為A。F1個體自交得到的F2中的一半出現可育株∶雄性不育株＝13∶3，13∶3是9∶3∶3∶1的變式，說明該性狀受兩對等位基因控制，遵循自由組合定律，該比值的出現是基因重組(或自由組合)的結果。
P F1 F1個體自交單株收獲，種植并統計F2表型
甲與乙雜交 全部可育 一半全部可育
另一半可育株∶雄性不育株＝13∶3
(2)F2中可育株的基因型共有_____種；僅考慮F2中出現雄性不育株的那一半，該部分可育株中能穩定遺傳的個體所占的比例為______。
7
7/13
題型突破
根據分析可知，甲的基因型是Aabb、乙的基因型是aaBB，F1的基因型為1/2AaBb、1/2aaBb。AaBb自交后代的基因型共9種，其中AAbb、Aabb表現為不育，因此可育株的基因型共有9－2＝7(種)。僅考慮F2中出現雄性不育株的那一半，該部分可育株的個體的基因型為1/13AABB、2/13AABb、2/13AaBB、4/13AaBb、1/13aaBB、2/13aaBb、1/13aabb，其中2/13AABb和4/13AaBb自交后代會發生性狀分離，其他均能穩定遺傳，故該部分可育株中能穩定遺傳的個體所占的比例為1－2/13－4/13＝7/13。
題型突破
P F1 F1個體自交單株收獲，種植并統計F2表型
甲與乙雜交 全部可育 一半全部可育
另一半可育株∶雄性不育株＝13∶3
(3)若要利用F2中的兩種可育株雜交，使后代雄性不育株的比例最高，則雙親的基因型為______________。
aabb和AABb
題型突破
利用F2中的兩種可育株雜交，要使得到雄性不育株A_bb的比例最高，可確定其中一個親本全部產生b的配子，則親本之一的基因型一定是aabb，另一親本能產生A的配子，則另一親本的基因型為AABb，顯然所選個體的基因型為aabb和AABb。
題型突破
(4)現有各種基因型的可育水稻，請利用這些實驗材料，設計一次雜交實驗，確定某雄性不育水稻丙的基因型。請寫出實驗思路并預期實驗結果，得出相應結論。
答案　水稻不育植株的基因型為A_bb，要確定水稻丙的基因型，可采用測交的方法，實驗思路：取基因型為aabb的可育株與水稻丙雜交，觀察后代植株的育性。若后代全是雄性不育植株，則丙基因型是AAbb；若后代出現可育植株和雄性不育植株，且比例為1∶1，則丙的基因型為Aabb。
題型突破
題型二　致死類型分析(自交“和”小于16，測交“和”小于4的分離比分析)
1.顯性純合致死
(1)AA和BB致死
(2)AA(或BB)致死
2.隱性純合致死
(1)雙隱性致死：F1自交后代：A_B_∶A_bb∶aaB_＝9∶3∶3。
(2)單隱性致死(aa或bb)：F1自交后代：9A_B_∶3A_bb或9A_B_∶3aaB_。
3.蝴蝶的翅形(正常翅對殘缺翅為顯性)和翅長(長翅對短翅為顯性)分別由位于常染色體上的兩對獨立遺傳的等位基因A、a和B、b決定。基因A純合時雄蝶致死，基因b純合時雌蝶致死。基因型為aabb的雄蝶和基因型為AABB的雌蝶交配得到F1，F1隨機交配得到F2。F2蝴蝶中正常長翅∶正常短翅∶殘缺長翅∶殘缺短翅為
A.6∶2∶3∶1 B.15∶5∶6∶2
C.9∶3∶3∶1 D.15∶2∶6∶1
題型突破
√
題型突破
基因型為aabb的雄蝶和基因型為AABB的雌蝶交配，F1的基因型為AaBb，F1隨機交配所得F2蝴蝶中，雌雄個體的比例為1∶1，基因A純合時雄蝶致死，雄蝶中正常長翅∶正常短翅∶殘缺長翅∶殘缺短翅＝6∶2∶3∶1，基因b純合時雌蝶致死，雌蝶中正常長翅∶殘缺長翅＝9∶3，則F2蝴蝶中正常長翅∶正常短翅∶殘缺長翅∶殘缺短翅為15∶2∶6∶1，D正確。
方法規律
第一步：先將其拆分成分離定律單獨分析。
第二步：將單獨分析結果再綜合在一起，確定成活個體基因型、表型及比例。
致死類問題解題思路
4.(多選)某植物有白花和紅花兩種性狀，由等位基因R/r、I/i控制，已知基因R控制紅色素的合成，基因I會抑制基因R的表達。某白花植株自交，F1中白花∶紅花＝5∶1；再讓F1中的紅花植株自交，后代中紅花∶白花＝2∶1。下列有關分析正確的是
A.基因R/r與I/i獨立遺傳
B.基因R純合的個體會致死
C.F1中白花植株的基因型有7種
D.親代白花植株的基因型為RrIi
題型突破
√
√
√
題型突破
根據以上分析可知，親本白花植株基因型為RrIi，且F1中紅花植株自交后代中紅花∶白花＝2∶1，RR基因純合致死，故F1中白花植株的基因型有RrII、RrIi、rrII、rrIi、rrii，共5種，C錯誤、D正確。
5.某種小鼠的毛色有黃色、胡椒面色、黑色、白色等，受位于常染色體上的復等位基因AY、A、a及等位基因B、b共同控制，不同毛色小鼠的基因組成如下：
題型突破
毛色 黃色 胡椒面色 黑色 白色
基因組成 AY_B_ A_B_ aaB_ _ _bb
研究人員利用不同毛色小鼠進行相關實驗，結果如圖。請回答下列問題：
(1)小鼠是遺傳學研究的常用材料，其優勢有________、____________。(答兩點)
(2)據上述實驗判斷，AY、A、a之間的顯隱性關系是__________________
__________，小鼠的毛色遺傳遵循______________________定律。
題型突破
易飼養
繁殖周期短
AY對A、a顯性，
A對a顯性
(分離定律和)自由組合
(3)實驗一親本黃色小鼠基因型是________，親本白色小鼠基因型是________，F1中黃色小鼠相互交配，后代黃色小鼠占_____。
(4)實驗二中，親本黃色和胡椒面色小鼠基因型分別是_______、_______，F1黑色小鼠與胡椒面色小鼠相互交配，后代表型及比例是_____________
__________________。
題型突破
AYaBB
AYabb
1/2
AYaBb
AaBb
胡椒面色∶黑
色∶白色＝4∶4∶1
考點二
探究不同對基因在常染色體上的位置
一對相對性狀可受多對等位基因控制，如某植物花的紫色(顯性)和白色(隱性)。這對相對性狀就受多對等位基因控制。科學家已從該種植物的一個紫花品系中選育出了5個基因型不同的白花品系，且這5個白花品系與該紫花品系都只有一對等位基因存在差異。某同學在大量種植該紫花品系時，偶然發現了1株白花植株，將其自交，后代均表現為白花。回答下列問題：
(1)假設上述植物花的紫色(顯性)和白色(隱性)這對相對性狀受8對等位基因控制，顯性基因分別用A、B、C、D、E、F、G、H表示，則紫花品系的基因型為________________________；上述5個白花品系之一的基因型可能為________________________(寫出其中一種基因型即可)。
應用導學
AABBCCDDEEFFGGHH
aaBBCCDDEEFFGGHH
(2)假設該白花植株與紫花品系也只有一對等位基因存在差異，若要通過雜交實驗來確定該白花植株是一個新等位基因突變造成的，還是屬于上述5個白花品系中的一個，則：
①該實驗的思路：_______________________________________________
__________。
②預期的實驗結果及結論：_______________________________________
__________________________________________________________________________________________________________________________。
應用導學
用該白花植株的后代分別與5個白花品系雜交，觀察
子代花色
在5個雜交組合中，如果4個組合的子代為紫
花，1個組合的子代為白花，說明該白花植株屬于這5個白花品系之一；如果子代全部為紫花，說明該白花植株是新等位基因突變造成的
1.判斷兩個品系的相同隱性性狀是否由相同基因控制
(1)實驗方案：將具有相同隱性性狀的兩個品系的個體______。
(2)結果分析
①若子代__________________，則這兩個品系的相同隱性性狀是由相同的隱性基因控制的。
②若子代___________________，則這兩個品系的相同隱性性狀是由不同的隱性基因控制的。
雜交
均表現為隱性性狀
均表現為顯性性狀
總結提升
2.判斷兩對等位基因是否位于1對同源染色體上
(1)自交法
①實驗方案：具有兩對相對性狀的純合親本雜交得F1，讓F1_______，觀察F2的性狀分離比。
②結果分析：若子代出現___________的性狀分離比，則這兩對基因位于2對同源染色體上；若子代出現________________的性狀分離比，則這兩對基因位于1對同源染色體上。
自交
9∶3∶3∶1
3∶1或1∶2∶1
總結提升
(2)測交法
①實驗方案：具有兩對相對性狀的純合親本雜交得F1，讓F1與_________
___雜交，觀察F2的性狀比例。
②結果分析：若子代性狀比例為____________，則這兩對基因位于2對同源染色體上；若子代性狀比例為______，則這兩對基因位于1對同源染色體上。
1∶1∶1∶1
1∶1
隱性純合
子
總結提升
3.判斷外源基因整合到宿主染色體上的類型
外源基因整合到宿主染色體上有多種類型，有的遵循孟德爾遺傳定律。若多個外源基因以連鎖的形式整合在同源染色體的一條上，其自交會出現_____的性狀分離比；若多個外源基因分別獨立整合到非同源染色體的一條染色體上，各個外源基因的遺傳互不影響，則會表現出自由組合定律的現象。
3∶1
總結提升
6.(2023·江蘇南京市、鹽城市高三模擬)某研究所將擬南芥的三種耐鹽基因S1、S2、S3(分別用 表示)導入玉米，篩選出成功整合的耐鹽植株(三種基因都存在才表現為高耐鹽性狀)。如圖表示三種基因隨機整合獲得的某一植株，讓其自交(不考慮交叉互換等變化)，后代中高耐鹽性狀的個體所占比例是
A.3/4 B.9/16
C.3/8 D.1/2
題型突破
√
題型突破
該植株可產生含耐鹽基因數為3(S1、S2、S3)、
2(S1、S3)、1(S2)、0這四種類型的配子，比例為
1∶1∶1∶1。自交(不考慮互換等變化)后代中高
耐鹽性狀(三種基因都存在才表現為高耐鹽性狀)
的個體所占比例是1/4的“3”雌配子與各種雄配子結合的個體、1/4的“3”雄配子與各種雌配子結合的個體(所占比例為2×1/4－1/4×1/4＝7/16)、1/4的“2”雌配子與1/4的“1”雄配子結合的個體(所占比例為1/16)、1/4的“1”雌配子與1/4的“2”雄配子結合的個體(所占比例為1/16)，共計：7/16＋1/16＋1/16＝9/16，B符合題意。
7.茄子的花色可用于育種過程中性狀選擇的標記，果皮和果肉顏色也是茄子的重要品質性狀。為研究這三個性狀的遺傳規律，選用P1(紫花、白果皮、白果肉)、P2(白花、綠果皮、綠果肉)、P3(白花、白果皮、白果肉)和P4(紫花、紫果皮、綠果肉)四種純合子為親本進行雜交實驗，結果如表所示。
題型突破
組別 親代雜交組合 F1表型 F2表型及數量(株)
實驗1 P1×P2 紫花 紫花(60)，白花(18)
實驗2 P3×P4 紫果皮 紫果皮(56)，綠果皮(17)，白果皮(5)
實驗3 P1×P4 紫果皮、綠果肉 紫果皮、綠果肉(44)，紫果皮、白果肉(15)，綠果皮、綠果肉(15)，白果皮、白果肉(4)
回答下列問題：
(1)在研究茄子花色的遺傳規律時，除了實驗1外，還可以選用的雜交組合有_______________(寫出一組即可)。根據實驗1的結果可知______是顯性性狀。
題型突破
組別 親代雜交組合 F1表型 F2表型及數量(株)
實驗1 P1×P2 紫花 紫花(60)，白花(18)
實驗2 P3×P4 紫果皮 紫果皮(56)，綠果皮(17)，白果皮(5)
實驗3 P1×P4 紫果皮、綠果肉 紫果皮、綠果肉(44)，紫果皮、白果肉(15)，綠果皮、綠果肉(15)，白果皮、白果肉(4)
P1×P3或P3×P4
紫花
(2)根據實驗2結果推測，茄子果皮顏色受______對基因控制，F2中綠果皮個體的基因型有____種。
題型突破
組別 親代雜交組合 F1表型 F2表型及數量(株)
實驗1 P1×P2 紫花 紫花(60)，白花(18)
實驗2 P3×P4 紫果皮 紫果皮(56)，綠果皮(17)，白果皮(5)
實驗3 P1×P4 紫果皮、綠果肉 紫果皮、綠果肉(44)，紫果皮、白果肉(15)，綠果皮、綠果肉(15)，白果皮、白果肉(4)
兩
2
(3)根據實驗3結果推測，果肉顏色遺傳遵循______定律。假如控制果皮和果肉顏色的基因位于兩對染色體上，實驗3的F2中沒有白果皮、綠果肉和綠果皮、白果肉的表型，推測其可能的原因有兩種：①果肉顏色由另一對等位基因控制，但___________________________________________
___________________________；②____________________________。
為了進一步確認出現上述現象的具體原因，可增加樣本數量繼續研究。
題型突破
分離
控制果皮顏色的基因中有一對與控制果肉顏色的基因位于同一對同源染色體上
樣本數量太少，存在偶然誤差
(4)假定花色和果皮顏色的遺傳符合基因的自由組合規律，則實驗2的F2中紫花、綠果皮植株理論上所占比例為______。讓F2中所有紫花、綠果皮植株隨機交配，則其后代中紫花、白果皮植株理論上所占比例為_____。
題型突破
組別 親代雜交組合 F1表型 F2表型及數量(株)
實驗1 P1×P2 紫花 紫花(60)，白花(18)
實驗2 P3×P4 紫果皮 紫果皮(56)，綠果皮(17)，白果皮(5)
實驗3 P1×P4 紫果皮、綠果肉 紫果皮、綠果肉(44)，紫果皮、白果肉(15)，綠果皮、綠果肉(15)，白果皮、白果肉(4)
9/64
8/81
8.(2023·江蘇蘇北七市高三調研)玉米(2n＝20)種子顏色與糊粉層細胞含有的色素種類有關，糊粉層是由受精極核(2個極核和1個精子結合形成)發育而來，發育成同一種子的極核和卵細胞的基因型相同，參與受精的2個精子的基因型也相同。已知玉米糊粉層顏色由兩對等位基因(C′、C和Bz、bz)控制，其中基因C′對C顯性，且基因C′抑制糊粉
層細胞中色素的合成，基因Bz對bz顯
性，且基因Bz控制紫色色素合成，基
因bz控制褐色色素合成。科研人員將
甲(C′C′BzBz)、乙(CCBzBz)玉米間
行種植(如圖)，并進行相關雜交實驗。請據圖回答問題：
題型突破
(1)玉米是遺傳學研究的良好材料，具有___________________________
___________等優點。玉米糊粉層細胞中含有____條染色體。
題型突破
后代數量多，有多對易于區分
的相對性狀
30
玉米作為遺傳學實驗材料的優
點有①有易于區分的相對性狀；
②雌雄同株異花，既能自花傳粉
也便于人工授粉；③生長周期短，
繁殖速度快；④產生的后代數量多，便于統計分析。糊粉層是由受精極核(2個極核和1個精子結合形成)發育而來的，根據配子中染色體數目是體細胞的一半，所以精子染色體數目為10條，極核染色體數目為10條，則糊粉層細胞中含有30條染色體。
題型突破
(2)經分析，植株甲雌花序Ⅱ結出無色玉米，且種子糊粉層細胞的基因型是C′C′CBzBzBz，植株乙雌花序Ⅳ所結玉米種子糊粉層細胞的基因型是_______________，植株乙雌花序Ⅲ所結玉米種子糊粉層顏色有____________。
題型突破
C′CCBzBzBz
無色、紫色
由題意可知，親本甲的基因型為
C′C′BzBz，親本乙的基因型為
CCBzBz，二者既進行自花傳粉也
進行人工授粉，并對雜交后雌花
序Ⅱ進行套袋處理。植株乙雌花序Ⅳ是進行了人工授粉，甲為父本，精子的基因型是C′Bz，乙為母本，極核的基因型為CBz，所以植株乙雌花序Ⅳ上所結玉米種子糊粉層細胞的基因型是C′CCBzBzBz，
題型突破
植株乙雌花序Ⅲ所結玉米種子既
有自花傳粉也有異花傳粉的種子，
其基因型有C′CCBzBzBz和
CCCBzBzBz，根據基因C′對C為
顯性，且基因C′抑制糊粉層細胞中色素的合成，Bz對bz為顯性，且基因Bz控制紫色色素合成，基因bz控制褐色色素合成，所以基因型C′CCBzBzBz和CCCBzBzBz對應的糊粉層顏色為無色、紫色。
題型突破
(3)將植株甲雌花序Ⅱ所結種子播種得到F1植株，讓F1自交，F1植物上所結種子的糊粉層顏色及比例為__________________。
(4)為確定兩對基因C′、C和Bz、bz的位置關系，科研人員用基因型為CCbzbz和C′C′BzBz的玉米植株雜交得F1，F1自交。若這兩對基因位于非同源染色體上，則F1植株所結種子顏色及比例為___________________
__________。
題型突破
無色∶紫色＝3∶1
無色∶紫色∶褐色＝
12∶3∶1
(5)研究發現，兩對基因C′、C和Bz、bz均位于9號染色體上。Ds基因能從一條染色體轉移到另一條染色體上，并誘導染色體斷裂，斷裂后不含著絲粒的片段易丟失。下圖是某糊粉層細胞中相關基因位置及染色體斷裂結果。
實驗發現，某無色種子上出現了不同面積的褐色斑點，根據上圖分析，出現褐色斑點的原因是________________________________________，斑點面積越大，則染色體斷裂發生的時期_____。
部分細胞中C′、Bz基因缺失，bz基因表達
越早
題型突破
三
重溫高考 真題演練
1
2
3
4
1.(2020·浙江7月選考，23)某植物的野生型(AABBcc)有成分R，通過誘變等技術獲得3個無成分R的穩定遺傳突變體(甲、乙和丙)。突變體之間相互雜交，F1均無成分R。然后選其中一組雜交的F1(AaBbCc)作為親本，分別與3個突變體進行雜交，結果見下表：
雜交編號 雜交組合 子代表型(株數)
Ⅰ F1×甲 有(199)，無(602)
Ⅱ F1×乙 有(101)，無(699)
Ⅲ F1×丙 無(795)
注：“有”表示有成分R，“無”表示無成分R。
用雜交Ⅰ子代中有成分R植株與雜交Ⅱ子代中有成分R植株雜交，理論上其后代中有成分R植株所占比例為
A.21/32 B.9/16
C.3/8 D.3/4
1
2
3
4
雜交編號 雜交組合 子代表型(株數)
Ⅰ F1×甲 有(199)，無(602)
Ⅱ F1×乙 有(101)，無(699)
Ⅲ F1×丙 無(795)
√
根據題干信息可推理如下，①野生型(AABBcc)表現為有成分R，可推知基因型為A_B_cc的個體表現為有成分R。②3個突變體能穩定遺傳，所以都為純合子，且均表現為無成分R。③分析雜交過程，雜交Ⅰ中，F1(AaBbCc)與甲雜交，后代有成分R性狀和無成分R性狀株數比約為1∶3，即A_B_cc的占1/4，所以甲中一定含有c基因，可推測甲的基因型為aaBBcc或AAbbcc；雜交Ⅱ中，F1(AaBbCc)與乙雜交，后代有成分R性狀和無成分R性狀株數比約為1∶7，即A_B_cc約占1/8，所以乙中一定含有c基因，可推測乙的基因型為aabbcc。
1
2
3
4
用雜交Ⅰ子代中有成分R植株[(1/2AaBBcc、1/2AaBbcc)或(1/2AABbcc、1/2AaBbcc)]與雜交Ⅱ子代有成分R植株(AaBbcc)雜交，雌雄配子隨機結合，理論上后代中有成分R植株所占的比例為1/2×3/4×1×1＋1/2×3/4×3/4×1＝21/32。
1
2
3
4
2.(多選)(2022·山東，17)某兩性花二倍體植物的花色由3對等位基因控制，其中基因A控制紫色，a無控制色素合成的功能。基因B控制紅色，b控制藍色。基因I不影響上述2對基因的功能，但i純合的個體為白色花。所有基因型的植株都能正常生長和繁殖，基因型為A_B_I_和A_bbI_的個體分別表現紫紅色花和靛藍色花。現有該植物的3個不同純種品系甲、乙、丙，它們的花色分別為靛藍色、白色和紅色。不考慮突變，根據表中雜交結果，下列推斷正確的是
1
2
3
4
雜交組合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫紅色 紫紅色∶靛藍色∶白色＝9∶3∶4
乙×丙 紫紅色 紫紅色∶紅色∶白色＝9∶3∶4
A.讓只含隱性基因的植株與F2測交，可確定F2中各植株控制花色性狀的
基因型
B.讓表中所有F2的紫紅色植株都自交一代，白花植株在全體子代中的比
例為1/6
C.若某植株自交子代中白花植株占比為1/4，則該植株可能的基因型最多
有9種
D.若甲與丙雜交所得F1自交，則F2表型比例為9紫紅色∶3靛藍色∶3紅
色∶1藍色
√
1
2
3
4
√
當植株是白花時候，其基因型為____ii，只含隱性基因的植株與F2測交仍然是白花，無法鑒別它的具體的基因型，A錯誤；
甲(AAbbII)×乙(AABBii)雜交組合中F2的紫紅色植株基因型為AABbIi∶AABBIi∶AABbII∶AABBII＝4∶2∶2∶1。乙(AABBii)×丙(aaBBII)雜交組合中F2的紫紅色植株基因型為AaBBIi∶AABBIi∶AaBBII∶AABBII＝4∶2∶2∶1。其中II∶Ii＝1∶2所以白花植株在全體子代中的比例為2/3×1/4＝1/6，B正確；
1
2
3
4
若某植株自交子代中白花植株占比為1/4，則親本為(_ _ _ _Ii)，則該植株可能的基因型最多有9種(3×3)，C正確；
題中相關信息不能確定相關基因A/a和B/b是否在同一對同源染色體上，D錯誤。
1
2
3
4
3.(2021·湖南，17)油菜是我國重要的油料作物，油菜株高適當的降低對抗倒伏及機械化收割均有重要意義。某研究小組利用純種高稈甘藍型油菜Z，通過誘變培育出一個純種半矮稈突變體S。為了闡明半矮稈突變體S是由幾對基因控制、顯隱性等遺傳機制，研究人員進行了相關試驗，如圖所示。
1
2
3
4
回答下列問題：
(1)根據F2表型及數據分析，油菜半矮稈突變體S的遺傳機制是________________________________________，雜交組合①的F1產生各種類型的配子比例相等，自交時雌雄配子有____種結合方式，且每種結合方式機率相等。F1產生各種類型配子比例相等的細胞遺傳學基礎是________________________________________________________________________________________________。
1
2
3
4
由兩對位于非同源染色體上的隱性基因控制
16
F1減數分裂產生配子時，位于同源染色體上的等位基因分離，位于非同源染色體上的非等位基因自由組合
1
2
3
4
根據題意分析可推測，半矮
稈突變體S是雙隱性純合子，
只要含有顯性基因即表現為
高稈，雜交組合①的F1為雙雜合子，減數分裂產生配子時，位于同源染色體上的等位基因分離，位于非同源染色體上的非等位基因自由組合，所以產生4種比例相等的配子，自交時雌雄配子有16種結合方式，且每種結合方式機率相等，導致F2出現高稈∶半矮稈≈15∶1。
(2)將雜交組合①的F2所有高稈植株自交，分別統計單株自交后代的表型及比例，分為三種類型，全為高稈的記為F3－Ⅰ，高稈與半矮稈比例和雜交組合①、②的F2基本一致的記為F3－Ⅱ，高稈與半矮稈比例和雜交組合③的F2基本一致的記為F3－Ⅲ。產生F3－Ⅰ、F3－Ⅱ、F3－Ⅲ的高稈植株數量比為________。產生F3－Ⅲ的高稈植株基因型為_____________
(用A、a；B、b；C、c……表示基因)。用產生F3－Ⅲ的高稈植株進行相互雜交試驗，能否驗證自由組合定律？_____。
1
2
3
4
7∶4∶4
Aabb、aaBb
不能
1
2
3
4
雜交組合①的F2所有高稈植
株基因型包括1AABB、
2AABb、2AaBB、4AaBb、
1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，所有高稈植株自交，分別統計單株自交后代的表型及比例，含有一對純合顯性基因的高稈植株1AABB、2AABb、2AaBB、1AAbb、1aaBB，占高稈植株的比例為7/15，其后代全為高稈，記為F3－Ⅰ；AaBb占高稈植株的比例為4/15，
1
2
3
4
自交后代高稈與半矮稈比例
≈15∶1，和雜交組合①、
②的F2基本一致，記為
F3－Ⅱ；2Aabb、2aaBb占高稈植株的比例為4/15，自交后代高稈與半矮稈比例和雜交組合③的F2基本一致，記為F3－Ⅲ，產生F3－Ⅰ、F3－Ⅱ、F3－Ⅲ的高稈植株數量比為7∶4∶4。用產生F3－Ⅲ的高稈植株進行相互雜交試驗，不論兩對基因位于一對同源染色體上，還是兩對同源染色體上，親本均產生兩種數量相等的雌雄配子，子代均出現高稈∶半矮稈＝3∶1，因此不能驗證基因的自由組合定律。
(1)棕毛豬的基因型有____種。
4.(2019·江蘇，32)杜洛克豬毛色受獨立遺傳的兩對等位基因控制，毛色有紅毛、棕毛和白毛三種，對應的基因組成如表。請回答下列問題：
1
2
3
4
4
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
結合表格分析，棕毛豬的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，共4種。
(2)已知兩頭純合的棕毛豬雜交得到的F1均表現為紅毛，F1雌雄交配產生F2。
①該雜交實驗的親本基因型為______________。
1
2
3
4
親本都為純合棕毛豬，F1均表現為紅毛，則F1的基因型為AaBb，親本基因型為AAbb和aaBB。
AAbb和aaBB
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
②F1測交，后代表型及對應比例為__________________________。
1
2
3
4
據題干信息，控制豬毛色的兩對等位基因獨立遺傳，則兩對基因在遺傳時遵循基因的自由組合定律。F1(AaBb)與aabb進行測交，后代的基因型及比例為AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表型及比例為紅毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。
紅毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
③F2中純合個體相互交配，能產生棕毛子代的基因型組合有____種(不考慮正反交)。
1
2
3
4
4
F1雌雄交配產生F2，F2的基因型有A_B_、A_bb、aaB_、aabb，其中純合個體的基因型有AABB、AAbb、aaBB、aabb，其中AAbb×aabb、aaBB×aabb、AAbb×AAbb、aaBB×aaBB，共4種組合能產生棕毛子代。
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
④F2的棕毛個體中純合子的比例為_____。F2中棕毛個體相互交配，子代白毛個體的比例為_____。
1
2
3
4
1/3
1/9
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
1
2
3
4
F2中棕毛個體的基因型為A_bb、aaB_，所占比例為6/16，純合棕毛個體所占比例為2/16，則F2的棕毛個體中純合子的比例為1/3。F2中棕毛個體的基因型及比例為AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb＝1∶2∶1∶2，其中1/3Aabb(♀)×1/3aaBb(♂)、1/3Aabb(♂)×1/3aaBb(♀)、1/3Aabb×
1/3Aabb、1/3aaBb×1/3aaBb組合后代可以出現白毛，所占比例為1/3×1/3×1/2×1/2×2＋1/3×1/3×1/4＋1/3×1/3×1/4＝1/9。
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
(3)若另一對染色體上有一對基因I、i，I基因對A和B基因的表達都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表現為白毛。基因型為IiAaBb的個體雌雄交配，子代中紅毛個體的比例為______，白毛個體的比例為______。
1
2
3
4
9/64
49/64
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
1
2
3
4
據題干信息，I、i位于另一對同源染色體上，則I/i與A/a、B/b在遺傳時也遵循自由組合定律。基因型為IiAaBb的雌雄個體交配，后代紅毛個體的基因型應為iiA_B_，其所占比例為1/4×9/16＝9/64，后代白毛個體的基因型為I_ _ _ _ _、iiaabb，其所占比例為3/4＋1/4×1/16＝49/64。
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
四
課時精練
一、單項選擇題
1.某種鼠中，黃色基因A對灰色基因a為顯性，短尾基因B對長尾基因b為顯性，且基因A或b在純合時胚胎致死，這兩對基因獨立遺傳。現有兩只雙雜合的黃色短尾鼠交配，理論上所生的子代性狀分離比為
A.2∶1 B.3∶1∶1
C.4∶2∶2∶1 D.9∶3∶3∶1
√
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
根據題意分析可知，控制老鼠體色和尾的這兩對基因位于非同源染色體上，符合孟德爾的自由組合定律。兩只雙雜合的黃色短尾鼠的基因型是AaBb，交配時會產生9種基因型的個體，即：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，但是由于基因A或b在純合時使胚胎致死，所以只有AaBB(2/16)、AaBb(4/16)、aaBB(1/16)、aaBb(2/16)四種基因型個體能夠生存下來，其中AaBB(2/16)、AaBb(4/16)為黃色短尾；aaBB(1/16)、aaBb(2/16)為灰色短尾，所以理論上正常出生的子代表型比例為(2/16＋4/16)∶(1/16＋2/16)＝2∶1。
1
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14
2.旱金蓮由三對等位基因控制花的長度，這三對基因分別位于三對同源染色體上，作用相等且具疊加性。已知每個顯性基因控制花長為5 mm，每個隱性基因控制花長為2 mm。花長為24 mm的同種基因型個體相互授粉，后代出現性狀分離，其中與親本具有同等花長的個體所占比例是
A.1/16 B.2/16
C.5/16 D.6/16
1
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13
14
√
根據題意花長為24 mm的個體中應該有(24－12)÷3＝4個顯性基因，且后代有性狀分離，不可能是純合子，所以基因型可能是AaBbCC、AaBBCc、AABbCc。以AaBbCC為例，其自交后代含有4個顯性基因的比例為1/4×1/4×1＋1/4×1/4×1＋1/2×1/2×1＝6/16。
1
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3.(2023·南京師大附中高三開學考試)數量性狀又稱多基因性狀。用純合紅色麥粒和白色麥粒親本雜交，F1表型為中間顏色粉紅色，F2中白色與紅色的比例為1∶63，其中紅色麥粒的顏色深淺不同，呈逐漸加深現象。下列敘述正確的是
A.數量性狀的遺傳遵循基因的自由組合定律，但是不遵循基因的分離定律
B.不能確定麥粒顏色的遺傳受幾對基因的控制
C.F2中共有6種表型，其中紅色最深的比例為1/64
D.F2中中間顏色粉紅色麥粒所占比例為20/64
√
1
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3
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14
用純合紅色麥粒和白色麥粒親本雜交，F1表型為中間顏色粉紅色，F2中白色與紅色的比例為1∶63，即白色所占比例為1/64＝1/4×1/4×1/4，說明這對相對性狀是由3對等位基因控制的，且它們的遺傳遵循基因的分離定律和自由組合定律，A、B錯誤；
F1為雜合子，F2中共有7種表型，紅色最深的3對基因都是顯性，概率是1/4×1/4×1/4＝1/64，C錯誤；
1
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14
F2中中間顏色粉紅色麥粒(含有三個顯性基因)，若這三對基因用A和a、B和b、C和c表示，則中間顏色粉紅色麥粒的基因型及比例為(1/4×1/2×1/4)AABbcc、(1/4×1/4×1/2)AAbbCc、(1/2×1/2×1/2)AaBbCc、(1/2×1/4×1/4)AaBBcc、(1/4×1/4×1/2)aaBBCc、(1/2×1/4×1/4)AabbCC、(1/4×1/2×1/4)aaBbCC，所占比例為5/16，D正確。
1
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14
A.測交結果說明F1產生了基因型為abc、ABC、aBc、AbC四種類型的配子
B.測交后代的四種基因型一定對應四種表型且比例接近1∶1∶1∶1
C.據實驗結果可推測F1中A和C在同一染色體上，a和c在同一染色體上
D.若讓測交后代中基因型為AabbCc個體自交，后代中純合子占1/2
4.現用基因型為AABBCC的個體與基因型為aabbcc的個體雜交得到F1，將F1與隱性親本測交，測交后代出現的四種基因型及其數目如表所示。下列有關分析錯誤的是
√
1
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14
基因型 aabbcc AaBbCc aaBbcc AabbCc
數目 203 196 205 199
1
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14
依題意可知，F1的基因型是AaBbCc，隱性親本(aabbcc)產生的配子基因型為abc，由測交后代的四種基因型可知，F1產生的四種類型的配子基因型分別為abc、ABC、aBc、AbC，A正確；
基因型和表型不一定都是一一對應的關系，故測交后代的四種基因型不一定對應四種表型，B錯誤；
基因型 aabbcc AaBbCc aaBbcc AabbCc
數目 203 196 205 199
1
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13
14
根據實驗結果可知，基因A和C、a和c總是同時出現，且基因型為AaBbCc的個體只產生四種類型的配子，由此可推測F1中A和C在同一染色體上，a和c在同一染色體上，C正確；
根據C項分析可知，基因型為AabbCc的個體能產生兩種配子，即1/2 AbC和1/2 abc，該個體自交后代中純合子基因型有AAbbCC和aabbcc，所占比例為1/2×1/2＋1/2×1/2＝1/2，D正確。
基因型 aabbcc AaBbCc aaBbcc AabbCc
數目 203 196 205 199
5.拉布拉多犬個性忠誠，智商極高，深受人們的喜愛。其毛色有黑、黃、棕3種，分別受B、b和E、e兩對等位基因控制。為選育純系黑色犬，育種工作者利用純種品系進行了雜交實驗，結果如下。下列相關敘述錯誤的是
A.B、b和E、e的遺傳遵循分離和自由
組合定律
B.F2黑色犬中基因型符合育種要求的個體占1/9
C.F2黃色犬與棕色犬隨機交配，子代中可獲得純系黑色犬
D.F2黑色犬進行測交，測交后代中不能獲得純系黑色犬
√
1
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14
由于黑色個體F1自由交配后代產生的
個體中有三種毛色，并且符合9∶3∶
3∶1的性狀分離比及變形，因此兩對
基因B、b和E、e的遺傳符合基因的分
離定律和自由組合定律，A正確；
F2中黑色犬的基因型有BBEE、BbEe、BBEe、BbEE四種，其中黑色純合子BBEE占1/9，B正確；
1
2
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14
F2中黃色犬與棕色犬隨機交配，其后
代中不會出現BBEE的個體，因此不
能獲得黑色純種個體，C錯誤；
F2黑色犬測交(與bbee雜交)其后代都
含有b和e基因，因此不會出現BBEE個體，D正確。
6.研究發現水稻品種甲和乙的配子部分不育，這種不育機制與位于非同源染色體上的兩對基因(A、a和B、b)有關。甲的基因型為AABB，乙的基因型為aabb。Aa雜合子所產生的含a的雌配子不育；Bb雜合子所產生的含b的雄配子不育。甲、乙雜交得到F1，下列敘述正確的是
A.F1經過減數分裂產生可育的雄配子及比例是AB∶Ab＝1∶1
B.F1自交子代基因型及比例是AABB∶AABb∶AaBB∶AaBb＝1∶1∶1∶1
C.F1雌雄配子隨機結合導致非同源染色體上的基因自由組合
D.F1分別作父本和母本與乙雜交子代基因型及比例相同
1
2
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14
√
甲的基因型為AABB，乙的基因型為aabb，產生F1的基因型為AaBb，Aa經過減數分裂產生可育的雄配子為A∶a＝1∶1，Bb經過減數分裂產生可育的雄配子為B，所以F1經減數分裂產生可育雄配子及比例是AB∶aB＝1∶1，A錯誤；
F1的基因型為AaBb，Aa自交子代基因型為AA∶Aa＝1∶1，Bb自交子代基因型為BB∶Bb＝1∶1，合在一起就是AABB∶AABb∶AaBB∶
AaBb＝1∶1∶1∶1，B正確；
非同源染色體上的基因自由組合發生在減數分裂過程中，C錯誤；
1
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14
F1分別作父本和母本與乙雜交，子代基因型分別是AaBb和aaBb、AaBb和Aabb，基因型并不相同，D錯誤。
1
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14
7.(2023·江蘇連云港高三模擬)若人體內存在兩對與疾病相關的等位基因A、a和B、b。下列說法正確的是
A.A、a和B、b的遺傳都遵循分離定律，因此兩對等位基因的遺傳遵循自
由組合定律
B.基因型為AaBb的雄性個體與aabb的雌性個體交配后，子代表型比例為
1∶1∶1∶1
C.由于DNA甲基化，AaBb的表型與aabb相同，說明基因序列發生了變化
D.若正常的精母細胞中不含有A或a基因，則A、a位于性染色體上
1
2
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14
√
A、a和B、b的遺傳都遵循分離定律，但不一定遵循自由組合定律，A錯誤；
基因型為AaBb的雄性個體與aabb的雌性個體交配后，若兩對等位基因不獨立遺傳，AaBb的個體AB連鎖、ab連鎖，則子代為AaBb∶aabb＝1∶1，B錯誤；
DNA甲基化不會改變基因序列，但能抑制基因的表達，C錯誤。
1
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8.(2023·江蘇高三檢測)豌豆的紅花對白花是顯性，長花粉對圓花粉是顯性。現有紅花長花粉與白花圓花粉植株雜交，F1都是紅花長花粉植株。若F1自交獲得F2共200株植株，其中白花圓花粉個體為32株，則F2中雜合的紅花圓花粉植株所占比例為
A.8% B.10%
C.16% D.20%
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√
由題意分析可知，控制兩對性狀的兩對基因位于同一對同源染色體上，設紅花基因型為A，長花粉基因型為B，則F2中aabb占32/200，則aabb占16%，則F1產生的配子ab占40%，配子中，ab＝AB＝40%，則Ab＝aB＝10%，可求得：雜合的紅花圓花粉植株Aabb所占比例為10%×40%×2＝8%，A正確。
1
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二、多項選擇題
9.澳洲老鼠的毛色由常染色體上的兩對等位基因(A、a和B、b)控制，A對a、B對b完全顯性，其中A基因控制黑色素的合成，B基因控制褐色素的合成，兩種色素均不合成時毛色呈白色。當A、B基因同時存在時，二者的轉錄產物會形成雙鏈結構。用純合的黑色和褐色親本雜交，F1為白色，F1雌雄個體相互交配得到F2。若不考慮交叉互換，下列有關敘述錯誤的是
A.同時含有A和B基因的個體毛色呈白色，原因是兩基因不能轉錄
B.若F2中褐色個體的比例接近1/4，則A和b在同一條染色體上
C.若F1測交后代中黑鼠與褐鼠數量相當，則兩對基因不能獨立遺傳
D.可以推斷F2會有3種表型，其中的黑色個體會有2種基因型
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14
√
√
√
由題干可知，當A和B基因同時存在時，二者的轉錄產物會形成雙鏈結構進而無法繼續表達，因此含有A和B基因的個體為白色是轉錄產物沒有翻譯的結果，A錯誤；
若F2中褐色個體的比例接近1/4，兩對等位基因位于一對同源染色體上，A和b在同一條染色體上，a和B在同一條染色體上，B正確；
若兩對基因獨立遺傳，F1(AaBb)測交后代(AaBb、Aabb、aaBb、aabb)中黑色個體(Aabb)數量∶褐色個體(aaBb)數量＝1∶1，因此，F1測交后代中黑鼠與褐鼠數量相當，則兩對基因獨立遺傳，C錯誤；
1
2
3
4
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13
14
若兩對等位基因分別位于兩對同源染色體上，則F1(AaBb)自交得到F2，F2中出現3種表型(黑色、褐色和白色)，其中表型為黑色的個體基因型有AAbb、Aabb兩種；若兩對等位基因位于一對同源染色體上，F2出現3種表型(黑色、褐色和白色)，則F2中黑色只有AAbb一種基因型，D錯誤。
1
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3
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14
10.擬南芥植株較小、生長周期短、結實多、形態特征分明、易于觀察，是典型的自交繁殖植物。擬南芥易于保持遺傳穩定性，利于遺傳研究，被科學家譽為“植物中的果蠅”。擬南芥果瓣有紫色和白色兩種表型，已知紫色果瓣形成的生物化學途徑如圖所示。A和a、B和b是分別位于兩對染色體上的等位基因，其中A對a為顯性、B對b為顯性。下列說法錯誤的是
1
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3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
A.若基因型不同的兩白色果
瓣植株雜交，所得F1中紫
色果瓣∶白色果瓣＝1∶1，
則兩親本基因型為AAbb、aaBb
B.若紫色果瓣植株自交，所得F1中紫色果瓣∶白色果瓣＝9∶7，則說明
親本紫色果瓣的基因型為AaBb
C.基因控制該植物紫色果瓣和白色果瓣的途徑與基因控制豌豆皺粒的途
徑不同
D.若中間產物為紅色，則基因型為AaBb的植株自交，所得F1中紫色果
瓣∶紅色果瓣∶白色果瓣＝9∶6∶1
√
1
2
3
4
5
6
7
8
9
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14
√
√
若基因型不同的兩白色
果瓣植株雜交，所得F1
中紫色果瓣∶白色果瓣
＝1∶1，則兩親本白色果瓣植株的雜交組合應為AAbb×aaBb或Aabb×aaBB，A錯誤；
若紫色果瓣植株自交，所得F1中紫色果瓣∶白色果瓣＝9∶7，為9∶3∶3∶1的變式，則親本紫色果瓣的基因型為AaBb，B正確；
1
2
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14
基因控制該植物紫色果
瓣和白色果瓣的途徑與
基因控制豌豆皺粒的途
徑都是基因通過控制酶的合成控制代謝，進而控制性狀的，C錯誤；
若中間產物為紅色(形成紅色果瓣)，基因型為AaBb的植株自交，子一代植株的基因型及比例為A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，表型及比例為紫色果瓣∶紅色果瓣∶白色果瓣＝9∶3∶4，D錯誤。
1
2
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11.(2023·江蘇南京高三模擬)下圖1表示黑小麥(2n)與白小麥(2n)的雜交實驗結果，圖2表示以圖1中F2黑小麥為材料利用染色體消失法誘導單倍體技術獲得純合小麥的流程。下列相關敘述正確的是
A.圖1的黑小麥自交過程中發生
了基因重組
B.圖1的F2白小麥中純合子的概
率為3/7
C.圖2所示流程獲得的小麥不都是純合子
D.圖2的玉米和黑小麥之間不存在生殖隔離
√
1
2
3
4
5
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8
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14
√
據題圖1可知，F2中黑小麥∶
白小麥＝9∶7，推測相關性
狀與獨立遺傳的兩對等位基
因(假設為A、a，B、b)有關，
F1應為雙雜合子，其產生配子的減數分裂過程中發生了自由組合型基因重組，A正確；
1
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F1的基因型為AaBb，則F2白小麥的基因型為A_bb(1AAbb、2Aabb)、aaB_(1aaBB、2aaBb)和aabb(1aabb)，即F2白小麥中純合子的概率為3/7，B正確；
題圖2所示流程運用的育種原
理為單倍體育種，因此所獲得
的小麥全部是純合子，C錯誤；
玉米和黑小麥雜交后代不可育，兩者之間存在生殖隔離，D錯誤。
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12.科研工作者在研究果蠅翅型(卷翅與長翅)的遺傳現象時提出，在卷翅基因所在的染色體上存在隱性致死基因(d)，該基因純合時致死。紫眼(e)卷翅(B)品系和赤眼(E)卷翅(B)品系果蠅的隱性致死基因不同(分別用d1和d2表示)，它們在染色體上的位置如圖所示，其中d1d1和d2d2致死，d1d2不致死，已知控制眼色與翅型的基因獨立遺傳。下列分析正確的是
A.d1和d2沒有位于同源染色體的相同位置
上，因此它們不屬于等位基因
B.圖示紫眼卷翅品系和赤眼卷翅品系果蠅雜交，子代中卷翅∶長翅＝3∶1
C.圖示赤眼卷翅品系中的雌雄果蠅相互交配，子代果蠅中卷翅∶長翅＝2∶1
D.圖示赤眼(Ee)卷翅品系和紫眼卷翅品系果蠅雜交，子代表型比例為
2∶2∶1∶1
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√
√
√
圖示赤眼(Ee)卷翅品系(Bbd2)和紫眼(ee)卷翅品系(Bbd1)果蠅雜交，子代表型比例為(1∶1)(3∶1)＝3∶3∶1∶1，D錯誤。
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三、非選擇題
13.(2023·江蘇南京六校高三調研)小鼠的皮毛顏色由常染色體上的兩對基因控制，其中A/a控制黑色物質合成，B/b控制灰色物質合成。兩對基因控制有色物質合成的關系如下圖：
1
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(1)選取三只不同顏色的純合小鼠(甲－灰鼠，乙－白鼠，丙－黑鼠)進行雜交，結果如下表：
項目 親本組合 F1 F2
實驗一 甲×乙 全為灰鼠 9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠
實驗二 乙×丙 全為黑鼠 3黑鼠∶1白鼠
請根據以上材料及實驗結果分析回答：
①A/a和B/b這兩對基因位于_____對同源染色體上；圖中有色物質1代表_____色物質。
2
黑
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實驗一的F2中灰鼠∶黑鼠∶白鼠＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的變式，說明這兩對基因的遺傳遵循基因的自由組合定律，即這兩對等位基因位于兩對同源染色體上。由圖表分析可知，A和B同時存在時表現為灰色，只有A時表現為黑色，因此圖中有色物質1代表黑色物質，有色物質2代表灰色物質。
項目 親本組合 F1 F2
實驗一 甲×乙 全為灰鼠 9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠
實驗二 乙×丙 全為黑鼠 3黑鼠∶1白鼠
②在實驗一的F2中，白鼠共有____種基因型；F2中黑鼠與F1中灰鼠進行
回交，后代中出現白鼠的概率為______。
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3
項目 親本組合 F1 F2
實驗一 甲×乙 全為灰鼠 9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠
實驗二 乙×丙 全為黑鼠 3黑鼠∶1白鼠
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①據此推測：小鼠丁的黃色性狀是由基因____突變產生的，該突變屬于____性突變。
(2)在純合灰鼠群體的后代中偶然發現一只黃色雄鼠丁，讓丁與純合黑鼠雜交，結果如下表：
1
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B
顯
項目 親本組合 F1 F2
實驗三 丁×純合黑鼠 1黃鼠∶1灰鼠 F1黃鼠隨機交配：3黃鼠∶1黑鼠
F1灰鼠隨機交配：3灰鼠∶1黑鼠
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實驗三中丁與純合黑鼠(AAbb)雜交，后代有兩種性狀，說明丁為雜合子，且小鼠丁的黃色性狀是由基因B突變產生的，結合雜交后代中有灰色個體，說明新基因相對于B為顯性(本解析中用B1表示)，即突變屬于顯性突變。結合F1、F2未出現白鼠可知，丁不含a基因，其基因型為AAB1B。
②為驗證上述推測，可用實驗三F1的黃鼠與灰鼠雜交。若后代的表型及比例為___________________________，則上述推測正確。
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黃鼠∶灰鼠∶黑鼠＝2∶1∶1
項目 親本組合 F1 F2
實驗三 丁×純合黑鼠 1黃鼠∶1灰鼠 F1黃鼠隨機交配：3黃鼠∶1黑鼠
F1灰鼠隨機交配：3灰鼠∶1黑鼠
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若推論正確，則F1中黃鼠基因型為AAB1b，灰鼠基因型為AABb，雜交后代基因型及比例為AAB1B∶AAB1b∶AABb∶AAbb＝1∶1∶1∶1，表型及其比例為黃鼠∶灰鼠∶黑鼠＝2∶1∶1。
項目 親本組合 F1 F2
實驗三 丁×純合黑鼠 1黃鼠∶1灰鼠
F1黃鼠隨機交配：3黃鼠∶1黑鼠
F1灰鼠隨機交配：3灰鼠∶1黑鼠
③用3種不同顏色的熒光，分別標記小鼠丁精原細胞的基因A、B及突變產生的新基因，觀察其分裂過程發現，某次級精母細胞有3種不同的顏色的4個熒光點，其原因是_______________________________________
______________________________。
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對應的精原細胞在減數分裂前期Ⅰ發生了
項目 親本組合 F1 F2
實驗三 丁×純合黑鼠 1黃鼠∶1灰鼠
F1黃鼠隨機交配：3黃鼠∶1黑鼠
F1灰鼠隨機交配：3灰鼠∶1黑鼠
B基因和新基因之間的交叉互換
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小鼠丁(AAB1B)的次級精母細胞的基因型為AAB1B1或AABB，熒光標記后應有2種不同顏色、4個熒光點，某次級精母細胞中含有4個熒光點，說明基因數量沒有變化，但有3種顏色的熒光說明基因種類發生改變，其原因應該是在減數第一次分裂四分體時，新基因B1和基因B所在的染色單體片段發生了交叉互換。
14.(2020·山東，23)玉米是雌雄同株異花植物，利用玉米純合雌雄同株品系M培育出雌株突變品系，該突變品系的產生原因是2號染色體上的基因Ts突變為ts，Ts對ts為完全顯性。將抗玉米螟的基因A轉入該雌株品系中獲得甲、乙兩株具有玉米螟抗性的植株，但由于A基因插入的位置不同，甲植株的株高表現正常，乙植株矮小。為研究A基因的插入位置及其產生的影響，進行了以下實驗：
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實驗一：品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F1中抗螟∶非抗螟約為1∶1
實驗二：品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F1中抗螟矮株∶非抗螟正常株高約為1∶1
據題中信息可知，品系M為雌雄同株，甲基因型為Atsts，表現為雌株，因此實驗一中的母本只能是甲。實驗二的F1中非抗螟正常株高植株中不含抗螟基因，且控制性別的基因型是Tsts，性別應該是雌雄同株。
(1)實驗一中作為母本的是____，實驗二的F1中非抗螟植株的性別表現為_________(填“雌雄同株”“雌株”或“雌雄同株和雌株”)。
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甲
雌雄同株
實驗一：品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F1中抗螟∶非抗螟約為1∶1
實驗二：品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F1中抗螟矮株∶非抗螟正常株高約為1∶1
(2)選取實驗一的F1抗螟植株自交，F2中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株約為2∶1∶1。由此可知，甲中轉入的A基因與ts基因____(填“是”或“不是”)位于同一條染色體上，F2中抗螟雌株的基因型是_______。若將F2中抗螟雌雄同株與抗螟雌株雜交，子代的表型及比例為______________________________。
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是
AAtsts
實驗一：品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F1中抗螟∶非抗螟約為1∶1
實驗二：品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F1中抗螟矮株∶非抗螟正常株高約為1∶1
抗螟雌雄同株∶抗螟雌株＝1∶1
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實驗一中，若轉入的A基因與ts基因位于一條染色體上，則甲植株的
基因型可表示為 ，品系M的基因型是 ，則F1抗螟植株
的基因型是 ，則F1抗螟植株自交所得F2中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株約為2∶1∶1，因此甲轉入的A基因與ts基因是位于同一條染色體上的。F2中抗螟雌株的基因型是AAtsts，抗螟雌雄同株的基因型是ATsts(A和ts位于同一條染色體上)，二者雜交，子代表型及比例是抗螟雌雄同株∶抗螟雌株＝1∶1。
(3)選取實驗二的F1抗螟矮株自交，F2中抗螟矮株雌雄同株∶抗螟矮株雌株∶非抗螟正常株高雌雄同株∶非抗螟正常株高雌株約為3∶1∶3∶1，由此可知，乙中轉入的A基因_______(填“位于”或“不位于”)2號染色體上，理由是___________________________________________________
____________________________。F2中抗螟矮株所占比例低于預期值，說明A基因除導致植株矮小外，還對F1的繁殖造成影響，結合實驗二的結果推斷這一影響最可能是______________________。
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不位于
抗螟性狀與性別性狀間是自由組合的，因此A基因不位于
Ts、ts基因所在的2號染色體上
含A基因的雄配子不育
F2抗螟矮株中ts基因的頻率為_____，為了保存抗螟矮株雌株用于研究，種植F2抗螟矮株使其隨機受粉，并僅在雌株上收獲籽粒，籽粒種植后發育形成的植株中抗螟矮株雌株所占的比例為_____。
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實驗二的F1抗螟矮株自交，F2中出現了抗螟性狀和性別之間的自由組合，推測插入的A基因不位于2號染色體上，乙植株的基因型可表
示為 ，品系M的基因型是 ，為了做題方便，可以把插
入A基因的染色體對應的同源染色體上標上等位基因a，這樣F1中的抗螟矮株的基因型是 AaTsts，非抗螟正常株高的基因型是aaTsts。
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F1抗螟矮株(AaTsts)自交，按照自由組合定律，后代表型及比例應該是抗螟矮株雌雄同株(A_Ts_)∶抗螟矮株雌株(A_tsts)∶非抗螟正常株高雌雄同株(aaTs_)∶非抗螟正常株高雌株(aatsts)＝9∶3∶3∶1，而事實上上述比例出現異常的3∶1∶3∶1。據題中給出的A基因可能對F1的繁殖造成影響，推測可能是含A基因的花粉致死，按照該推測分析：F1抗螟矮株(AaTsts)產生的4種雌配子的基因型及比例是ATs∶Ats∶aTs∶ats＝1∶1∶1∶1，產生的2種雄配子的基因型及比例是aTs∶ats＝1∶1，
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后代表型及比例是抗螟矮株雌雄同株(AaTs_)∶抗螟矮株雌株(Aatsts)∶非抗螟正常株高雌雄同株(aaTs_)∶非抗螟正常株高雌株(aatsts)＝3∶1∶3∶1，結果與題中事實吻合，說明含A基因的雄配子不育。F2中抗螟矮株雌雄同株的基因型有2種，其比例為AaTsTs∶AaTsts＝1∶2，F2抗螟矮株雌株的基因型是Aatsts，3種基因型個體的比例是AaTsTs∶AaTsts∶Aatsts＝1∶2∶1，因此F2抗螟矮株中ts基因的頻率是1/2。F2抗螟矮株雌雄同株有2種基因型，其比例為AaTsTs∶AaTsts＝1∶2，F2抗螟矮株雌株基因型是Aatsts，
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讓F2抗螟矮株隨機受粉，并僅在雌株上收獲籽粒，事實上就是抗螟矮株雌株(Aatsts)作母本(產生2種配子：Ats∶ats＝1∶1)，抗螟矮株雌雄同株(AaTsTs∶AaTsts＝1∶2)作父本進行雜交，父本產生雄配子的基因型是(含A基因的雄配子不育)aTs∶ats＝2∶1，因此后代中抗螟矮株雌株(Aatsts)所占的比例是1/2×1/3＝1/6。第4課時　自由組合定律中的特殊比例和實驗探究
課標要求　1.會用自由組合的解題規律解決實際問題。2.會設計實驗探究兩對至多對基因在常染色體上的位置。
考點一　自由組合定律中的特殊分離比
題型一　9∶3∶3∶1的變式(自交“和”為16，測交“和”為4的分離比分析)
條件分析 F1(AaBb)自 交后代比例 F1(AaBb)測 交后代比例
表型為雙顯、單顯、雙隱三種，即A_bb和aaB_個體的表型相同 9∶6∶1 1∶2∶1
雙顯性為一種表型，其余為另一種，即A_bb、aaB_、aabb個體的表型相同 9∶7 1∶3
雙顯為一種表型，一種單顯為一種表型，另一單顯與雙隱為一種表型，即A_bb和aabb的表型相同或aaB_和aabb的表型相同 9∶3∶4 1∶1∶2
只要存在顯性基因(A或B)就表現為同一種表型，其余表現為另一種，即A_B_、A_bb和aaB_的表型相同 15∶1 3∶1
單顯為一種表型，其余為另一種表型，即A_B_和aabb一種表型，A_bb和aaB_為一種表型 10∶6 1∶1(2∶2)
顯性基因在基因型中的個數影響性狀表現(累加效應) AABB∶(AaBB、AABb)∶(AaBb、aaBB、AAbb)∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶4∶6∶4∶1 AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1
題型突破
1．玉米為雌雄同株異花植物，其籽粒顏色受A、a和B、b兩對獨立遺傳的基因控制，A、B同時存在時籽粒顏色為紫色，其他情況為白色(不考慮突變)。研究人員進行以下兩組實驗，下列有關說法錯誤的是(　　)
組別 親代 F1
實驗一 紫色×紫色 白色∶紫色＝7∶9
實驗二 紫色×白色 白色∶紫色＝5∶3
A.籽粒的紫色和白色為一對相對性狀，親代紫色植株的基因型均為AaBb
B．實驗一F1中白色個體隨機傳粉，子代的表型及比例為紫色∶白色＝8∶41
C．實驗二親代白色個體的基因型可能有2種，子代紫色個體中沒有純合子
D．實驗二的F1中紫色個體自交，其后代籽粒為紫色個體的比例為
答案　D
解析　籽粒的紫色和白色為一對相對性狀，受兩對等位基因控制，根據上述分析可知，親代紫色植株的基因型均為AaBb，A正確；實驗一F1中白色個體基因型和比例為AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb∶aabb＝1∶2∶1∶2∶1，產生的配子類型和比例為Ab∶aB∶ab＝2∶2∶3，F1白色個體隨機傳粉，子代表現為紫色的概率為2/7×2/7×2＝8/49，所以白色個體的概率為1－8/49＝41/49，故表型及比例為紫色∶白色＝8∶41，B正確；根據分析可知，實驗二親本基因型為AaBb×Aabb或AaBb×aaBb，即親本中的白色個體基因型可能為2種，子代中紫色個體的基因型為A_Bb(或AaB_)，均為雜合子，C正確；實驗二的F1中紫色個體的基因型可能為1/3AABb、2/3AaBb(或1/3AaBB、2/3AaBb)，自交后代籽粒為紫色的概率為1/3×1×3/4＋2/3×3/4×3/4＝5/8，D錯誤。
歸納總結
2．“喜看稻菽千重浪，遍地英雄下夕煙”，中國科學家團隊對水稻科研做出了突出貢獻：袁隆平院士被譽為“雜交水稻之父”，朱英國院士為我國雜交水稻的先驅，農民胡代書培育出了越年再生稻等。某興趣小組在科研部門的協助下進行了下列相關實驗：取甲(雄蕊異常，雌蕊正常，表現為雄性不育)、乙(可育)兩個品種的水稻進行相關實驗，實驗過程和結果如下表所示。已知水稻雄性育性由等位基因A/a控制，A對a完全顯性，B基因會抑制不育基因的表達，反轉為可育。據表分析回答下列問題：
P F1 F1個體自交單株收獲，種植并統計F2表型
甲與乙雜交 全部可育 一半全部可育
另一半可育株∶雄性不育株＝13∶3
(1)控制水稻雄性不育的基因是____________________________________________________，該興趣小組同學在分析結果后認為A/a和B/b這兩對等位基因在遺傳時遵循基因的自由組合定律，其判斷理由是____________________________________________________________。
(2)F2中可育株的基因型共有____________種；僅考慮F2中出現雄性不育株的那一半，該部分可育株中能穩定遺傳的個體所占的比例為__________。
(3)若要利用F2中的兩種可育株雜交，使后代雄性不育株的比例最高，則雙親的基因型為________________________________________________________________________。
(4)現有各種基因型的可育水稻，請利用這些實驗材料，設計一次雜交實驗，確定某雄性不育水稻丙的基因型。請寫出實驗思路并預期實驗結果，得出相應結論。
答案　(1)A　F1個體自交單株收獲得到的F2中的一半表現的性狀分離比為可育株∶雄性不育株＝13∶3，而13∶3是9∶3∶3∶1的變式，說明該性狀受兩對等位基因控制，遵循自由組合定律　(2)7　7/13　(3)aabb和AABb　(4)水稻不育植株的基因型為A_bb，要確定水稻丙的基因型，可采用測交的方法，實驗思路：取基因型為aabb的可育株與水稻丙雜交，觀察后代植株的育性。若后代全是雄性不育植株，則丙基因型是AAbb；若后代出現可育植株和雄性不育植株，且比例為1∶1，則丙的基因型為Aabb。
解析　(1)由分析可知，B基因會抑制不育基因的表達，反轉為可育，說明雄性不育株一定不含B基因，進而確定控制雄性不育的基因為A。F1個體自交得到的F2中的一半出現可育株∶雄性不育株＝13∶3，13∶3是9∶3∶3∶1的變式，說明該性狀受兩對等位基因控制，遵循自由組合定律，該比值的出現是基因重組(或自由組合)的結果。(2)根據分析可知，甲的基因型是Aabb、乙的基因型是aaBB，F1的基因型為1/2AaBb、1/2aaBb。AaBb自交后代的基因型共9種，其中AAbb、Aabb表現為不育，因此可育株的基因型共有9－2＝7(種)。僅考慮F2中出現雄性不育株的那一半，該部分可育株的個體的基因型為1/13AABB、2/13AABb、2/13AaBB、4/13AaBb、1/13aaBB、2/13aaBb、1/13aabb，其中2/13AABb和4/13AaBb自交后代會發生性狀分離，其他均能穩定遺傳，故該部分可育株中能穩定遺傳的個體所占的比例為1－2/13－4/13＝7/13。(3)利用F2中的兩種可育株雜交，要使得到雄性不育株A_bb的比例最高，可確定其中一個親本全部產生b的配子，則親本之一的基因型一定是aabb，另一親本能產生A的配子，則另一親本的基因型為AABb，顯然所選個體的基因型為aabb和AABb。
題型二　致死類型分析(自交“和”小于16，測交“和”小于4的分離比分析)
1．顯性純合致死
1 AA和BB致死
2 AA 或BB 致死
2．隱性純合致死
(1)雙隱性致死：F1自交后代：A_B_∶A_bb∶aaB_＝9∶3∶3。
(2)單隱性致死(aa或bb)：F1自交后代：9A_B_∶3A_bb或9A_B_∶3aaB_。
題型突破
3．蝴蝶的翅形(正常翅對殘缺翅為顯性)和翅長(長翅對短翅為顯性)分別由位于常染色體上的兩對獨立遺傳的等位基因A、a和B、b決定。基因A純合時雄蝶致死，基因b純合時雌蝶致死。基因型為aabb的雄蝶和基因型為AABB的雌蝶交配得到F1，F1隨機交配得到F2。F2蝴蝶中正常長翅∶正常短翅∶殘缺長翅∶殘缺短翅為(　　)
A．6∶2∶3∶1 B．15∶5∶6∶2
C．9∶3∶3∶1 D．15∶2∶6∶1
答案　D
解析　基因型為aabb的雄蝶和基因型為AABB的雌蝶交配，F1的基因型為AaBb，F1隨機交配所得F2蝴蝶中，雌雄個體的比例為1∶1，基因A純合時雄蝶致死，雄蝶中正常長翅∶正常短翅∶殘缺長翅∶殘缺短翅＝6∶2∶3∶1，基因b純合時雌蝶致死，雌蝶中正常長翅∶殘缺長翅＝9∶3，則F2蝴蝶中正常長翅∶正常短翅∶殘缺長翅∶殘缺短翅為15∶2∶6∶1，D正確。
方法規律　致死類問題解題思路
第一步：先將其拆分成分離定律單獨分析。
第二步：將單獨分析結果再綜合在一起，確定成活個體基因型、表型及比例。
4．(多選)某植物有白花和紅花兩種性狀，由等位基因R/r、I/i控制，已知基因R控制紅色素的合成，基因I會抑制基因R的表達。某白花植株自交，F1中白花∶紅花＝5∶1；再讓F1中的紅花植株自交，后代中紅花∶白花＝2∶1。下列有關分析正確的是(　　)
A．基因R/r與I/i獨立遺傳
B．基因R純合的個體會致死
C．F1中白花植株的基因型有7種
D．親代白花植株的基因型為RrIi
答案　ABD
解析　某白花植株自交，F1中白花∶紅花＝5∶1，紅花R_ii占＝×，可推出兩對等位基因獨立遺傳，遵循基因的自由組合定律，且RR基因純合致死，A、B正確；根據以上分析可知，親本白花植株基因型為RrIi，且F1中紅花植株自交后代中紅花∶白花＝2∶1，RR基因純合致死，故F1中白花植株的基因型有RrII、RrIi、rrII、rrIi、rrii，共5種，C錯誤、D正確。
5．某種小鼠的毛色有黃色、胡椒面色、黑色、白色等，受位于常染色體上的復等位基因AY、A、a及等位基因B、b共同控制，不同毛色小鼠的基因組成如下：
毛色 黃色 胡椒面色 黑色 白色
基因組成 AY_B_ A_B_ aaB_ _ _bb
研究人員利用不同毛色小鼠進行相關實驗，結果如圖。請回答下列問題：
(1)小鼠是遺傳學研究的常用材料，其優勢有____________、________________。(答兩點)
(2)據上述實驗判斷，AY、A、a之間的顯隱性關系是____________________________，小鼠的毛色遺傳遵循______________________________定律。
(3)實驗一親本黃色小鼠基因型是__________，親本白色小鼠基因型是____________，F1中黃色小鼠相互交配，后代黃色小鼠占________。
(4)實驗二中，親本黃色和胡椒面色小鼠基因型分別是__________、__________，F1黑色小鼠與胡椒面色小鼠相互交配，后代表型及比例是__________________________________。
答案　(1)易飼養　繁殖周期短　(2)AY對A、a顯性，A對a顯性　(分離定律和)自由組合　(3)AYaBB　AYabb　1/2　(4)AYaBb　AaBb　胡椒面色∶黑色∶白色＝4∶4∶1
考點二　探究不同對基因在常染色體上的位置
應用導學
一對相對性狀可受多對等位基因控制，如某植物花的紫色(顯性)和白色(隱性)。這對相對性狀就受多對等位基因控制。科學家已從該種植物的一個紫花品系中選育出了5個基因型不同的白花品系，且這5個白花品系與該紫花品系都只有一對等位基因存在差異。某同學在大量種植該紫花品系時，偶然發現了1株白花植株，將其自交，后代均表現為白花。回答下列問題：
(1)假設上述植物花的紫色(顯性)和白色(隱性)這對相對性狀受8對等位基因控制，顯性基因分別用A、B、C、D、E、F、G、H表示，則紫花品系的基因型為________________________；上述5個白花品系之一的基因型可能為___________________________________________(寫出其中一種基因型即可)。
(2)假設該白花植株與紫花品系也只有一對等位基因存在差異，若要通過雜交實驗來確定該白花植株是一個新等位基因突變造成的，還是屬于上述5個白花品系中的一個，則：
①該實驗的思路：________________________________________________________________。
②預期的實驗結果及結論：________________________________________________________。
答案　(1)AABBCCDDEEFFGGHH
aaBBCCDDEEFFGGHH　(2)①用該白花植株的后代分別與5個白花品系雜交，觀察子代花色　②在5個雜交組合中，如果4個組合的子代為紫花，1個組合的子代為白花，說明該白花植株屬于這5個白花品系之一；如果子代全部為紫花，說明該白花植株是新等位基因突變造成的
總結提升
1．判斷兩個品系的相同隱性性狀是否由相同基因控制
(1)實驗方案：將具有相同隱性性狀的兩個品系的個體雜交。
(2)結果分析
①若子代均表現為隱性性狀，則這兩個品系的相同隱性性狀是由相同的隱性基因控制的。
②若子代均表現為顯性性狀，則這兩個品系的相同隱性性狀是由不同的隱性基因控制的。
2．判斷兩對等位基因是否位于1對同源染色體上
(1)自交法
①實驗方案：具有兩對相對性狀的純合親本雜交得F1，讓F1自交，觀察F2的性狀分離比。
②結果分析：若子代出現9∶3∶3∶1的性狀分離比，則這兩對基因位于2對同源染色體上；若子代出現3∶1或1∶2∶1的性狀分離比，則這兩對基因位于1對同源染色體上。
(2)測交法
①實驗方案：具有兩對相對性狀的純合親本雜交得F1，讓F1與隱性純合子雜交，觀察F2的性狀比例。
②結果分析：若子代性狀比例為1∶1∶1∶1，則這兩對基因位于2對同源染色體上；若子代性狀比例為1∶1，則這兩對基因位于1對同源染色體上。
3．判斷外源基因整合到宿主染色體上的類型
外源基因整合到宿主染色體上有多種類型，有的遵循孟德爾遺傳定律。若多個外源基因以連鎖的形式整合在同源染色體的一條上，其自交會出現3∶1的性狀分離比；若多個外源基因分別獨立整合到非同源染色體的一條染色體上，各個外源基因的遺傳互不影響，則會表現出自由組合定律的現象。
題型突破
6．(2023·江蘇南京市、鹽城市高三模擬)某研究所將擬南芥的三種耐鹽基因S1、S2、S3(分別用表示)導入玉米，篩選出成功整合的耐鹽植株(三種基因都存在才表現為高耐鹽性狀)。如圖表示三種基因隨機整合獲得的某一植株，讓其自交(不考慮交叉互換等變化)，后代中高耐鹽性狀的個體所占比例是(　　)
A．3/4 B．9/16 C．3/8 D．1/2
答案　B
解析　該植株可產生含耐鹽基因數為3(S1、S2、S3)、2(S1、S3)、1(S2)、0這四種類型的配子，比例為1∶1∶1∶1。自交(不考慮互換等變化)后代中高耐鹽性狀(三種基因都存在才表現為高耐鹽性狀)的個體所占比例是1/4的“3”雌配子與各種雄配子結合的個體、1/4的“3”雄配子與各種雌配子結合的個體(所占比例為2×1/4－1/4×1/4＝7/16)、1/4的“2”雌配子與1/4的“1”雄配子結合的個體(所占比例為1/16)、1/4的“1”雌配子與1/4的“2”雄配子結合的個體(所占比例為1/16)，共計：7/16＋1/16＋1/16＝9/16，B符合題意。
7．茄子的花色可用于育種過程中性狀選擇的標記，果皮和果肉顏色也是茄子的重要品質性狀。為研究這三個性狀的遺傳規律，選用P1(紫花、白果皮、白果肉)、P2(白花、綠果皮、綠果肉)、P3(白花、白果皮、白果肉)和P4(紫花、紫果皮、綠果肉)四種純合子為親本進行雜交實驗，結果如表所示。
組別 親代雜交組合 F1表型 F2表型及數量(株)
實驗1 P1×P2 紫花 紫花(60)，白花(18)
實驗2 P3×P4 紫果皮 紫果皮(56)，綠果皮(17)，白果皮(5)
實驗3 P1×P4 紫果皮、綠果肉 紫果皮、綠果肉(44)，紫果皮、白果肉(15)，綠果皮、綠果肉(15)，白果皮、白果肉(4)
回答下列問題：
(1)在研究茄子花色的遺傳規律時，除了實驗1外，還可以選用的雜交組合有__________________________(寫出一組即可)。根據實驗1的結果可知________是顯性性狀。
(2)根據實驗2結果推測，茄子果皮顏色受______對基因控制，F2中綠果皮個體的基因型有______種。
(3)根據實驗3結果推測，果肉顏色遺傳遵循________定律。假如控制果皮和果肉顏色的基因位于兩對染色體上，實驗3的F2中沒有白果皮、綠果肉和綠果皮、白果肉的表型，推測其可能的原因有兩種：①果肉顏色由另一對等位基因控制，但______________________________；②________________________________________________________________________。
為了進一步確認出現上述現象的具體原因，可增加樣本數量繼續研究。
(4)假定花色和果皮顏色的遺傳符合基因的自由組合規律，則實驗2的F2中紫花、綠果皮植株理論上所占比例為________。讓F2中所有紫花、綠果皮植株隨機交配，則其后代中紫花、白果皮植株理論上所占比例為________。
答案　(1)P1×P3或P3×P4　紫花　(2)兩　2　(3)分離　控制果皮顏色的基因中有一對與控制果肉顏色的基因位于同一對同源染色體上　樣本數量太少，存在偶然誤差　(4)9/64　8/81
8．(2023·江蘇蘇北七市高三調研)玉米(2n＝20)種子顏色與糊粉層細胞含有的色素種類有關，糊粉層是由受精極核(2個極核和1個精子結合形成)發育而來，發育成同一種子的極核和卵細胞的基因型相同，參與受精的2個精子的基因型也相同。已知玉米糊粉層顏色由兩對等位基因(C′、C和Bz、bz)控制，其中基因C′對C顯性，且基因C′抑制糊粉層細胞中色素的合成，基因Bz對bz顯性，且基因Bz控制紫色色素合成，基因bz控制褐色色素合成。科研人員將甲(C′C′BzBz)、乙(CCBzBz)玉米間行種植(如下圖)，并進行相關雜交實驗。請據圖回答問題：
(1)玉米是遺傳學研究的良好材料，具有________________________________________等優點。玉米糊粉層細胞中含有__________條染色體。
(2)經分析，植株甲雌花序Ⅱ結出無色玉米，且種子糊粉層細胞的基因型是C′C′CBzBzBz，植株乙雌花序Ⅳ所結玉米種子糊粉層細胞的基因型是__________________，植株乙雌花序Ⅲ所結玉米種子糊粉層顏色有__________________。
(3)將植株甲雌花序Ⅱ所結種子播種得到F1植株，讓F1自交，F1植物上所結種子的糊粉層顏色及比例為__________________。
(4)為確定兩對基因C′、C和Bz、bz的位置關系，科研人員用基因型為CCbzbz和C′C′BzBz的玉米植株雜交得F1，F1自交。若這兩對基因位于非同源染色體上，則F1植株所結種子顏色及比例為_______________________________________________________________。
(5)研究發現，兩對基因C′、C和Bz、bz均位于9號染色體上。Ds基因能從一條染色體轉移到另一條染色體上，并誘導染色體斷裂，斷裂后不含著絲粒的片段易丟失。下圖是某糊粉層細胞中相關基因位置及染色體斷裂結果。
實驗發現，某無色種子上出現了不同面積的褐色斑點，根據上圖分析，出現褐色斑點的原因是________________________________________，斑點面積越大，則染色體斷裂發生的時期______________。
答案　(1)后代數量多，有多對易于區分的相對性狀　30　(2)C′CCBzBzBz　無色、紫色　(3)無色∶紫色＝3∶1　(4)無色∶紫色∶褐色＝12∶3∶1　(5)部分細胞中C′、Bz基因缺失，bz基因表達　越早
解析　(1)玉米作為遺傳學實驗材料的優點有①有易于區分的相對性狀；②雌雄同株異花，既能自花傳粉也便于人工授粉；③生長周期短，繁殖速度快；④產生的后代數量多，便于統計分析。糊粉層是由受精極核(2個極核和1個精子結合形成)發育而來的，根據配子中染色體數目是體細胞的一半，所以精子染色體數目為10條，極核染色體數目為10條， 則糊粉層細胞中含有30條染色體。(2)由題意可知，親本甲的基因型為C′C′BzBz，親本乙的基因型為CCBzBz，二者既進行自花傳粉也進行人工授粉，并對雜交后雌花序Ⅱ進行套袋處理。植株乙雌花序Ⅳ是進行了人工授粉，甲為父本，精子的基因型是C′Bz，乙為母本，極核的基因型為CBz，所以植株乙雌花序Ⅳ上所結玉米種子糊粉層細胞的基因型是C′CCBzBzBz，植株乙雌花序Ⅲ所結玉米種子既有自花傳粉也有異花傳粉的種子，其基因型有C′CCBzBzBz和CCCBzBzBz，根據基因C′對C為顯性，且基因C′抑制糊粉層細胞中色素的合成，Bz對bz為顯性，且基因Bz控制紫色色素合成，基因bz控制褐色色素合成，所以基因型C′CCBzBzBz和CCCBzBzBz對應的糊粉層顏色為無色、紫色。
1．(2020·浙江7月選考，23)某植物的野生型(AABBcc)有成分R，通過誘變等技術獲得3個無成分R的穩定遺傳突變體(甲、乙和丙)。突變體之間相互雜交，F1均無成分R。然后選其中一組雜交的F1(AaBbCc)作為親本，分別與3個突變體進行雜交，結果見下表：
雜交編號 雜交組合 子代表型(株數)
Ⅰ F1×甲 有(199)，無(602)
Ⅱ F1×乙 有(101)，無(699)
Ⅲ F1×丙 無(795)
注：“有”表示有成分R，“無”表示無成分R。
用雜交Ⅰ子代中有成分R植株與雜交Ⅱ子代中有成分R植株雜交，理論上其后代中有成分R植株所占比例為(　　)
A．21/32 B．9/16
C．3/8 D．3/4
答案　A
解析　根據題干信息可推理如下，①野生型(AABBcc)表現為有成分R，可推知基因型為A_B_cc的個體表現為有成分R。②3個突變體能穩定遺傳，所以都為純合子，且均表現為無成分R。③分析雜交過程，雜交Ⅰ中，F1(AaBbCc)與甲雜交，后代有成分R性狀和無成分R性狀株數比約為1∶3，即A_B_cc的占1/4，所以甲中一定含有c基因，可推測甲的基因型為aaBBcc或AAbbcc；雜交Ⅱ中，F1(AaBbCc)與乙雜交，后代有成分R性狀和無成分R性狀株數比約為1∶7，即A_B_cc約占1/8，所以乙中一定含有c基因，可推測乙的基因型為aabbcc。用雜交Ⅰ子代中有成分R植株[(1/2AaBBcc、1/2AaBbcc)或(1/2AABbcc、1/2AaBbcc)]與雜交Ⅱ子代有成分R植株(AaBbcc)雜交，雌雄配子隨機結合，理論上后代中有成分R植株所占的比例為1/2×3/4×1×1＋1/2×3/4×3/4×1＝21/32。
2．(多選)(2022·山東，17)某兩性花二倍體植物的花色由3對等位基因控制，其中基因A控制紫色，a無控制色素合成的功能。基因B控制紅色，b控制藍色。基因I不影響上述2對基因的功能，但i純合的個體為白色花。所有基因型的植株都能正常生長和繁殖，基因型為A_B_I_和A_bbI_的個體分別表現紫紅色花和靛藍色花。現有該植物的3個不同純種品系甲、乙、丙，它們的花色分別為靛藍色、白色和紅色。不考慮突變，根據表中雜交結果，下列推斷正確的是(　　)
雜交組合 F1表型 F2表型及比例
甲×乙 紫紅色 紫紅色∶靛藍色∶白色＝9∶3∶4
乙×丙 紫紅色 紫紅色∶紅色∶白色＝9∶3∶4
A.讓只含隱性基因的植株與F2測交，可確定F2中各植株控制花色性狀的基因型
B．讓表中所有F2的紫紅色植株都自交一代，白花植株在全體子代中的比例為1/6
C．若某植株自交子代中白花植株占比為1/4，則該植株可能的基因型最多有9種
D．若甲與丙雜交所得F1自交，則F2表型比例為9紫紅色∶3靛藍色∶3紅色∶1藍色
答案　BC
解析　當植株是白花時候，其基因型為____ii，只含隱性基因的植株與F2測交仍然是白花，無法鑒別它的具體的基因型，A錯誤；甲(AAbbII)×乙(AABBii)雜交組合中F2的紫紅色植株基因型為AABbIi∶AABBIi∶AABbII∶AABBII＝4∶2∶2∶1。乙(AABBii)×丙(aaBBII)雜交組合中F2的紫紅色植株基因型為AaBBIi∶AABBIi∶AaBBII∶AABBII＝4∶2∶2∶1。其中II∶Ii＝1∶2所以白花植株在全體子代中的比例為2/3×1/4＝1/6，B正確；若某植株自交子代中白花植株占比為1/4，則親本為(_ _ _ _Ii)，則該植株可能的基因型最多有9種(3×3)，C正確；題中相關信息不能確定相關基因A/a和B/b是否在同一對同源染色體上，D錯誤。
3．(2021·湖南，17)油菜是我國重要的油料作物，油菜株高適當的降低對抗倒伏及機械化收割均有重要意義。某研究小組利用純種高稈甘藍型油菜Z，通過誘變培育出一個純種半矮稈突變體S。為了闡明半矮稈突變體S是由幾對基因控制、顯隱性等遺傳機制，研究人員進行了相關試驗，如圖所示。
回答下列問題：
(1)根據F2表型及數據分析，油菜半矮稈突變體S的遺傳機制是______________________，雜交組合①的F1產生各種類型的配子比例相等，自交時雌雄配子有______種結合方式，且每種結合方式機率相等。F1產生各種類型配子比例相等的細胞遺傳學基礎是__________
___________________________________________________________________________。
(2)將雜交組合①的F2所有高稈植株自交，分別統計單株自交后代的表型及比例，分為三種類型，全為高稈的記為F3－Ⅰ，高稈與半矮稈比例和雜交組合①、②的F2基本一致的記為F3－Ⅱ，高稈與半矮稈比例和雜交組合③的F2基本一致的記為F3－Ⅲ。產生F3－Ⅰ、F3－Ⅱ、F3－Ⅲ的高稈植株數量比為________。產生F3－Ⅲ的高稈植株基因型為______________(用A、a；B、b；C、c……表示基因)。用產生F3－Ⅲ的高稈植株進行相互雜交試驗，能否驗證自由組合定律？__________。
答案　(1)由兩對位于非同源染色體上的隱性基因控制　16　F1減數分裂產生配子時，位于同源染色體上的等位基因分離，位于非同源染色體上的非等位基因自由組合　(2)7∶4∶4　Aabb、aaBb　不能
解析　(1)根據題意分析可推測，半矮稈突變體S是雙隱性純合子，只要含有顯性基因即表現為高稈，雜交組合①的F1為雙雜合子，減數分裂產生配子時，位于同源染色體上的等位基因分離，位于非同源染色體上的非等位基因自由組合，所以產生4種比例相等的配子，自交時雌雄配子有16種結合方式，且每種結合方式機率相等，導致F2出現高稈∶半矮稈≈15∶1。(2)雜交組合①的F2所有高稈植株基因型包括1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，所有高稈植株自交，分別統計單株自交后代的表型及比例，含有一對純合顯性基因的高稈植株1AABB、2AABb、2AaBB、1AAbb、1aaBB，占高稈植株的比例為7/15，其后代全為高稈，記為F3－Ⅰ；AaBb占高稈植株的比例為4/15，自交后代高稈與半矮稈比例≈15∶1，和雜交組合①、②的F2基本一致，記為F3－Ⅱ；2Aabb、2aaBb占高稈植株的比例為4/15，自交后代高稈與半矮稈比例和雜交組合③的F2基本一致，記為F3－Ⅲ，產生F3－Ⅰ、F3－Ⅱ、F3－Ⅲ的高稈植株數量比為7∶4∶4。用產生F3－Ⅲ的高稈植株進行相互雜交試驗，不論兩對基因位于一對同源染色體上，還是兩對同源染色體上，親本均產生兩種數量相等的雌雄配子，子代均出現高稈∶半矮稈＝3∶1，因此不能驗證基因的自由組合定律。
4．(2019·江蘇，32)杜洛克豬毛色受獨立遺傳的兩對等位基因控制，毛色有紅毛、棕毛和白毛三種，對應的基因組成如表。請回答下列問題：
毛色 紅毛 棕毛 白毛
基因組成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
(1)棕毛豬的基因型有________種。
(2)已知兩頭純合的棕毛豬雜交得到的F1均表現為紅毛，F1雌雄交配產生F2。
①該雜交實驗的親本基因型為_____________________________________________________。
②F1測交，后代表型及對應比例為_________________________________________________。
③F2中純合個體相互交配，能產生棕毛子代的基因型組合有________種(不考慮正反交)。
④F2的棕毛個體中純合子的比例為________。F2中棕毛個體相互交配，子代白毛個體的比例為________。
(3)若另一對染色體上有一對基因I、i，I基因對A和B基因的表達都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表現為白毛。基因型為IiAaBb的個體雌雄交配，子代中紅毛個體的比例為________，白毛個體的比例為________。
答案　(1)4　(2)①AAbb和aaBB　②紅毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1　③4　④1/3　1/9　(3)9/64　49/64
解析　(1)結合表格分析，棕毛豬的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，共4種。(2)①親本都為純合棕毛豬，F1均表現為紅毛，則F1的基因型為AaBb，親本基因型為AAbb和aaBB。②據題干信息，控制豬毛色的兩對等位基因獨立遺傳，則兩對基因在遺傳時遵循基因的自由組合定律。F1(AaBb)與aabb進行測交，后代的基因型及比例為AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表型及比例為紅毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。③F1雌雄交配產生F2，F2的基因型有A_B_、A_bb、aaB_、aabb，其中純合個體的基因型有AABB、AAbb、aaBB、aabb，其中AAbb×aabb、aaBB×aabb、AAbb×AAbb、aaBB×aaBB，共4種組合能產生棕毛子代。④F2中棕毛個體的基因型為A_bb、aaB_，所占比例為6/16，純合棕毛個體所占比例為2/16，則F2的棕毛個體中純合子的比例為1/3。F2中棕毛個體的基因型及比例為AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb＝1∶2∶1∶2，其中1/3Aabb(♀)×1/3aaBb(♂)、1/3Aabb(♂)×1/3aaBb(♀)、1/3Aabb×1/3Aabb、1/3aaBb×1/3aaBb組合后代可以出現白毛，所占比例為1/3×1/3×1/2×1/2×2＋1/3×1/3×1/4＋1/3×1/3×1/4＝1/9。(3)據題干信息，I、i位于另一對同源染色體上，則I/i與A/a、B/b在遺傳時也遵循自由組合定律。基因型為IiAaBb的雌雄個體交配，后代紅毛個體的基因型應為iiA_B_，其所占比例為1/4×9/16＝9/64，后代白毛個體的基因型為I_ _ _ _ _、iiaabb，其所占比例為3/4＋1/4×1/16＝49/64。
課時精練
一、單項選擇題
1．某種鼠中，黃色基因A對灰色基因a為顯性，短尾基因B對長尾基因b為顯性，且基因A或b在純合時胚胎致死，這兩對基因獨立遺傳。現有兩只雙雜合的黃色短尾鼠交配，理論上所生的子代性狀分離比為(　　)
A．2∶1 B．3∶1∶1
C．4∶2∶2∶1 D．9∶3∶3∶1
答案　A
解析　根據題意分析可知，控制老鼠體色和尾的這兩對基因位于非同源染色體上，符合孟德爾的自由組合定律。兩只雙雜合的黃色短尾鼠的基因型是AaBb，交配時會產生9種基因型的個體，即：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，但是由于基因A或b在純合時使胚胎致死，所以只有AaBB(2/16)、AaBb(4/16)、aaBB(1/16)、aaBb(2/16)四種基因型個體能夠生存下來，其中AaBB(2/16)、AaBb(4/16)為黃色短尾；aaBB(1/16)、aaBb(2/16)為灰色短尾，所以理論上正常出生的子代表型比例為(2/16＋4/16)∶(1/16＋2/16)＝2∶1。
2．旱金蓮由三對等位基因控制花的長度，這三對基因分別位于三對同源染色體上，作用相等且具疊加性。已知每個顯性基因控制花長為5 mm，每個隱性基因控制花長為2 mm。花長為24 mm的同種基因型個體相互授粉，后代出現性狀分離，其中與親本具有同等花長的個體所占比例是(　　)
A．1/16 B．2/16
C．5/16 D．6/16
答案　D
解析　根據題意花長為24 mm的個體中應該有(24－12)÷3＝4個顯性基因，且后代有性狀分離，不可能是純合子，所以基因型可能是AaBbCC、AaBBCc、AABbCc。以AaBbCC為例，其自交后代含有4個顯性基因的比例為1/4×1/4×1＋1/4×1/4×1＋1/2×1/2×1＝6/16。
3．(2023·南京師大附中高三開學考試)數量性狀又稱多基因性狀。用純合紅色麥粒和白色麥粒親本雜交，F1表型為中間顏色粉紅色，F2中白色與紅色的比例為1∶63，其中紅色麥粒的顏色深淺不同，呈逐漸加深現象。下列敘述正確的是(　　)
A．數量性狀的遺傳遵循基因的自由組合定律，但是不遵循基因的分離定律
B．不能確定麥粒顏色的遺傳受幾對基因的控制
C．F2中共有6種表型，其中紅色最深的比例為1/64
D．F2中中間顏色粉紅色麥粒所占比例為20/64
答案　D
解析　用純合紅色麥粒和白色麥粒親本雜交，F1表型為中間顏色粉紅色，F2中白色與紅色的比例為1∶63，即白色所占比例為1/64＝1/4×1/4×1/4，說明這對相對性狀是由3對等位基因控制的，且它們的遺傳遵循基因的分離定律和自由組合定律，A、B錯誤；F1為雜合子，F2中共有7種表型，紅色最深的3對基因都是顯性，概率是1/4×1/4×1/4＝1/64，C錯誤；F2中中間顏色粉紅色麥粒(含有三個顯性基因)，若這三對基因用A和a、B和b、C和c表示，則中間顏色粉紅色麥粒的基因型及比例為(1/4×1/2×1/4)AABbcc、(1/4×1/4×1/2)AAbbCc、(1/2×1/2×1/2)AaBbCc、(1/2×1/4×1/4)AaBBcc、(1/4×1/4×1/2)aaBBCc、(1/2×1/4×1/4)AabbCC、(1/4×1/2×1/4)aaBbCC，所占比例為5/16，D正確。
4．現用基因型為AABBCC的個體與基因型為aabbcc的個體雜交得到F1，將F1與隱性親本測交，測交后代出現的四種基因型及其數目如表所示。下列有關分析錯誤的是(　　)
基因型 aabbcc AaBbCc aaBbcc AabbCc
數目 203 196 205 199
A.測交結果說明F1產生了基因型為abc、ABC、aBc、AbC四種類型的配子
B．測交后代的四種基因型一定對應四種表型且比例接近1∶1∶1∶1
C．據實驗結果可推測F1中A和C在同一染色體上，a和c在同一染色體上
D．若讓測交后代中基因型為AabbCc個體自交，后代中純合子占1/2
答案　B
解析　依題意可知，F1的基因型是AaBbCc，隱性親本(aabbcc)產生的配子基因型為abc，由測交后代的四種基因型可知，F1產生的四種類型的配子基因型分別為abc、ABC、aBc、AbC，A正確；基因型和表型不一定都是一一對應的關系，故測交后代的四種基因型不一定對應四種表型，B錯誤；根據實驗結果可知，基因A和C、a和c總是同時出現，且基因型為AaBbCc的個體只產生四種類型的配子，由此可推測F1中A和C在同一染色體上，a和c在同一染色體上，C正確；根據C項分析可知，基因型為AabbCc的個體能產生兩種配子，即1/2 AbC和1/2 abc，該個體自交后代中純合子基因型有AAbbCC和aabbcc，所占比例為1/2×1/2＋1/2×1/2＝1/2，D正確。
5．拉布拉多犬個性忠誠，智商極高，深受人們的喜愛。其毛色有黑、黃、棕3種，分別受B、b和E、e兩對等位基因控制。為選育純系黑色犬，育種工作者利用純種品系進行了雜交實驗，結果如下。下列相關敘述錯誤的是(　　)
A．B、b和E、e的遺傳遵循分離和自由組合定律
B．F2黑色犬中基因型符合育種要求的個體占1/9
C．F2黃色犬與棕色犬隨機交配，子代中可獲得純系黑色犬
D．F2黑色犬進行測交，測交后代中不能獲得純系黑色犬
答案　C
解析　由于黑色個體F1自由交配后代產生的個體中有三種毛色，并且符合9∶3∶3∶1的性狀分離比及變形，因此兩對基因B、b和E、e的遺傳符合基因的分離定律和自由組合定律，A正確；F2中黑色犬的基因型有BBEE、BbEe、BBEe、BbEE四種，其中黑色純合子BBEE占1/9，B正確；F2中黃色犬與棕色犬隨機交配，其后代中不會出現BBEE的個體，因此不能獲得黑色純種個體，C錯誤；F2黑色犬測交(與bbee雜交)其后代都含有b和e基因，因此不會出現BBEE個體，D正確。
6．研究發現水稻品種甲和乙的配子部分不育，這種不育機制與位于非同源染色體上的兩對基因(A、a和B、b)有關。甲的基因型為AABB，乙的基因型為aabb。Aa雜合子所產生的含a的雌配子不育；Bb雜合子所產生的含b的雄配子不育。甲、乙雜交得到F1，下列敘述正確的是(　　)
A．F1經過減數分裂產生可育的雄配子及比例是AB∶Ab＝1∶1
B．F1自交子代基因型及比例是AABB∶AABb∶AaBB∶AaBb＝1∶1∶1∶1
C．F1雌雄配子隨機結合導致非同源染色體上的基因自由組合
D．F1分別作父本和母本與乙雜交子代基因型及比例相同
答案　B
解析　甲的基因型為AABB，乙的基因型為aabb，產生F1的基因型為AaBb，Aa經過減數分裂產生可育的雄配子為A∶a＝1∶1，Bb經過減數分裂產生可育的雄配子為B，所以F1經減數分裂產生可育雄配子及比例是AB∶aB＝1∶1，A錯誤；F1的基因型為AaBb，Aa自交子代基因型為AA∶Aa＝1∶1，Bb自交子代基因型為BB∶Bb＝1∶1，合在一起就是AABB∶AABb∶AaBB∶AaBb＝1∶1∶1∶1，B正確；非同源染色體上的基因自由組合發生在減數分裂過程中，C錯誤；F1分別作父本和母本與乙雜交，子代基因型分別是AaBb和aaBb、AaBb和Aabb，基因型并不相同，D錯誤。
7．(2023·江蘇連云港高三模擬)若人體內存在兩對與疾病相關的等位基因A、a和B、b。下列說法正確的是(　　)
A．A、a和B、b的遺傳都遵循分離定律，因此兩對等位基因的遺傳遵循自由組合定律
B．基因型為AaBb的雄性個體與aabb的雌性個體交配后，子代表型比例為1∶1∶1∶1
C．由于DNA甲基化，AaBb的表型與aabb相同，說明基因序列發生了變化
D．若正常的精母細胞中不含有A或a基因，則A、a位于性染色體上
答案　D
解析　A、a和B、b的遺傳都遵循分離定律，但不一定遵循自由組合定律，A錯誤；基因型為AaBb的雄性個體與aabb的雌性個體交配后，若兩對等位基因不獨立遺傳，AaBb的個體AB連鎖、ab連鎖，則子代為AaBb∶aabb＝1∶1，B錯誤；DNA甲基化不會改變基因序列，但能抑制基因的表達，C錯誤。
8．(2023·江蘇高三檢測)豌豆的紅花對白花是顯性，長花粉對圓花粉是顯性。現有紅花長花粉與白花圓花粉植株雜交，F1都是紅花長花粉植株。若F1自交獲得F2共200株植株，其中白花圓花粉個體為32株，則F2中雜合的紅花圓花粉植株所占比例為(　　)
A．8% B．10% C．16% D．20%
答案　A
解析　由題意分析可知，控制兩對性狀的兩對基因位于同一對同源染色體上，設紅花基因型為A，長花粉基因型為B，則F2中aabb占32/200，則aabb占16%，則F1產生的配子ab占40%，配子中，ab＝AB＝40%，則Ab＝aB＝10%，可求得：雜合的紅花圓花粉植株Aabb所占比例為10%×40%×2＝8%，A正確。
二、多項選擇題
9．澳洲老鼠的毛色由常染色體上的兩對等位基因(A、a和B、b)控制，A對a、B對b完全顯性，其中A基因控制黑色素的合成，B基因控制褐色素的合成，兩種色素均不合成時毛色呈白色。當A、B基因同時存在時，二者的轉錄產物會形成雙鏈結構。用純合的黑色和褐色親本雜交，F1為白色，F1雌雄個體相互交配得到F2。若不考慮交叉互換，下列有關敘述錯誤的是(　　)
A．同時含有A和B基因的個體毛色呈白色，原因是兩基因不能轉錄
B．若F2中褐色個體的比例接近1/4，則A和b在同一條染色體上
C．若F1測交后代中黑鼠與褐鼠數量相當，則兩對基因不能獨立遺傳
D．可以推斷F2會有3種表型，其中的黑色個體會有2種基因型
答案　ACD
解析　由題干可知，當A和B基因同時存在時，二者的轉錄產物會形成雙鏈結構進而無法繼續表達，因此含有A和B基因的個體為白色是轉錄產物沒有翻譯的結果，A錯誤；若F2中褐色個體的比例接近1/4，兩對等位基因位于一對同源染色體上，A和b在同一條染色體上，a和B在同一條染色體上，B正確；若兩對基因獨立遺傳，F1(AaBb)測交后代(AaBb、Aabb、aaBb、aabb)中黑色個體(Aabb)數量∶褐色個體(aaBb)數量＝1∶1，因此，F1測交后代中黑鼠與褐鼠數量相當，則兩對基因獨立遺傳，C錯誤；若兩對等位基因分別位于兩對同源染色體上，則F1(AaBb)自交得到F2，F2中出現3種表型(黑色、褐色和白色)，其中表型為黑色的個體基因型有AAbb、Aabb兩種；若兩對等位基因位于一對同源染色體上，F2出現3種表型(黑色、褐色和白色)，則F2中黑色只有AAbb一種基因型，D錯誤。
10．擬南芥植株較小、生長周期短、結實多、形態特征分明、易于觀察，是典型的自交繁殖植物。擬南芥易于保持遺傳穩定性，利于遺傳研究，被科學家譽為“植物中的果蠅”。擬南芥果瓣有紫色和白色兩種表型，已知紫色果瓣形成的生物化學途徑如圖所示。A和a、B和b是分別位于兩對染色體上的等位基因，其中A對a為顯性、B對b為顯性。下列說法錯誤的是(　　)
A．若基因型不同的兩白色果瓣植株雜交，所得F1中紫色果瓣∶白色果瓣＝1∶1，則兩親本基因型為AAbb、aaBb
B．若紫色果瓣植株自交，所得F1中紫色果瓣∶白色果瓣＝9∶7，則說明親本紫色果瓣的基因型為AaBb
C．基因控制該植物紫色果瓣和白色果瓣的途徑與基因控制豌豆皺粒的途徑不同
D．若中間產物為紅色，則基因型為AaBb的植株自交，所得F1中紫色果瓣∶紅色果瓣∶白色果瓣＝9∶6∶1
答案　ACD
解析　若基因型不同的兩白色果瓣植株雜交，所得F1中紫色果瓣∶白色果瓣＝1∶1，則兩親本白色果瓣植株的雜交組合應為AAbb×aaBb或Aabb×aaBB，A錯誤；若紫色果瓣植株自交，所得F1中紫色果瓣∶白色果瓣＝9∶7，為9∶3∶3∶1的變式，則親本紫色果瓣的基因型為AaBb，B正確；基因控制該植物紫色果瓣和白色果瓣的途徑與基因控制豌豆皺粒的途徑都是基因通過控制酶的合成控制代謝，進而控制性狀的，C錯誤；若中間產物為紅色(形成紅色果瓣)，基因型為AaBb的植株自交，子一代植株的基因型及比例為A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，表型及比例為紫色果瓣∶紅色果瓣∶白色果瓣＝9∶3∶4，D錯誤。
11．(2023·江蘇南京高三模擬)下圖1表示黑小麥(2n)與白小麥(2n)的雜交實驗結果，圖2表示以圖1中F2黑小麥為材料利用染色體消失法誘導單倍體技術獲得純合小麥的流程。下列相關敘述正確的是(　　)
A．圖1的黑小麥自交過程中發生了基因重組
B．圖1的F2白小麥中純合子的概率為3/7
C．圖2所示流程獲得的小麥不都是純合子
D．圖2的玉米和黑小麥之間不存在生殖隔離
答案　AB
解析　據題圖1可知，F2中黑小麥∶白小麥＝9∶7，推測相關性狀與獨立遺傳的兩對等位基因(假設為A、a，B、b)有關，F1應為雙雜合子，其產生配子的減數分裂過程中發生了自由組合型基因重組，A正確；F1的基因型為AaBb，則F2白小麥的基因型為A_bb(1AAbb、2Aabb)、aaB_(1aaBB、2aaBb)和aabb(1aabb)，即F2白小麥中純合子的概率為3/7，B正確；題圖2所示流程運用的育種原理為單倍體育種，因此所獲得的小麥全部是純合子，C錯誤；玉米和黑小麥雜交后代不可育，兩者之間存在生殖隔離，D錯誤。
12．科研工作者在研究果蠅翅型(卷翅與長翅)的遺傳現象時提出，在卷翅基因所在的染色體上存在隱性致死基因(d)，該基因純合時致死。紫眼(e)卷翅(B)品系和赤眼(E)卷翅(B)品系果蠅的隱性致死基因不同(分別用d1和d2表示)，它們在染色體上的位置如圖所示，其中d1d1和d2d2致死，d1d2不致死，已知控制眼色與翅型的基因獨立遺傳。下列分析正確的是(　　)
A．d1和d2沒有位于同源染色體的相同位置上，因此它們不屬于等位基因
B．圖示紫眼卷翅品系和赤眼卷翅品系果蠅雜交，子代中卷翅∶長翅＝3∶1
C．圖示赤眼卷翅品系中的雌雄果蠅相互交配，子代果蠅中卷翅∶長翅＝2∶1
D．圖示赤眼(Ee)卷翅品系和紫眼卷翅品系果蠅雜交，子代表型比例為2∶2∶1∶1
答案　ABC
解析　圖示赤眼(Ee)卷翅品系(Bbd2)和紫眼(ee)卷翅品系(Bbd1)果蠅雜交，子代表型比例為(1∶1)(3∶1)＝3∶3∶1∶1，D錯誤。
三、非選擇題
13．(2023·江蘇南京六校高三調研)小鼠的皮毛顏色由常染色體上的兩對基因控制，其中A/a控制黑色物質合成，B/b控制灰色物質合成。兩對基因控制有色物質合成的關系如下圖：
(1)選取三只不同顏色的純合小鼠(甲－灰鼠，乙－白鼠，丙－黑鼠)進行雜交，結果如下表：
項目 親本組合 F1 F2
實驗一 甲×乙 全為灰鼠 9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠
實驗二 乙×丙 全為黑鼠 3黑鼠∶1白鼠
請根據以上材料及實驗結果分析回答：
①A/a和B/b這兩對基因位于__________對同源染色體上；圖中有色物質1代表________色物質。
②在實驗一的F2中，白鼠共有________種基因型；F2中黑鼠與F1中灰鼠進行回交，后代中出現白鼠的概率為____________。
(2)在純合灰鼠群體的后代中偶然發現一只黃色雄鼠丁，讓丁與純合黑鼠雜交，結果如下表：
項目 親本組合 F1 F2
實驗三 丁×純合黑鼠 1黃鼠∶1灰鼠 F1黃鼠隨機交配：3黃鼠∶1黑鼠
F1灰鼠隨機交配：3灰鼠∶1黑鼠
①據此推測：小鼠丁的黃色性狀是由基因________突變產生的，該突變屬于__________性突變。
②為驗證上述推測，可用實驗三F1的黃鼠與灰鼠雜交。若后代的表型及比例為________________________，則上述推測正確。
③用3種不同顏色的熒光，分別標記小鼠丁精原細胞的基因A、B及突變產生的新基因，觀察其分裂過程發現，某次級精母細胞有3種不同的顏色的4個熒光點，其原因是________________________________________________________________________。
答案　(1)①2　黑　②3　　(2)①B　顯　②黃鼠∶灰鼠∶黑鼠＝2∶1∶1　③對應的精原細胞在減數分裂前期 Ⅰ 發生了B基因和新基因之間的交叉互換
解析　(1)①實驗一的F2中灰鼠∶黑鼠∶白鼠＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的變式，說明這兩對基因的遺傳遵循基因的自由組合定律，即這兩對等位基因位于兩對同源染色體上。由圖表分析可知，A和B同時存在時表現為灰色，只有A時表現為黑色，因此圖中有色物質1代表黑色物質，有色物質2代表灰色物質。②實驗一中F1的基因型為AaBb，F2情況為灰鼠(1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb)∶黑鼠(1AAbb、2Aabb)∶白鼠(1aaBB、2aaBb、1aabb)＝9∶3∶4，其中白鼠共有3種基因型。F2中黑鼠(AAbb、Aabb)與F1中灰鼠(AaBb)進行回交，后代中出現白鼠(aa__)的概率為×＝。(2)①實驗三中丁與純合黑鼠(AAbb)雜交，后代有兩種性狀，說明丁為雜合子，且小鼠丁的黃色性狀是由基因B突變產生的，結合雜交后代中有灰色個體，說明新基因相對于B為顯性(本解析中用B1表示)，即突變屬于顯性突變。結合F1、F2未出現白鼠可知，丁不含a基因，其基因型為AAB1B。②若推論正確，則F1中黃鼠基因型為AAB1b，灰鼠基因型為AABb，雜交后代基因型及比例為AAB1B∶AAB1b∶AABb∶AAbb＝1∶1∶1∶1，表型及其比例為黃鼠∶灰鼠∶黑鼠＝2∶1∶1。③小鼠丁(AAB1B)的次級精母細胞的基因型為AAB1B1或AABB，熒光標記后應有2種不同顏色、4個熒光點，某次級精母細胞中含有4個熒光點，說明基因數量沒有變化，但有3種顏色的熒光說明基因種類發生改變，其原因應該是在減數第一次分裂四分體時，新基因B1和基因B所在的染色單體片段發生了交叉互換。
14．(2020·山東，23)玉米是雌雄同株異花植物，利用玉米純合雌雄同株品系M培育出雌株突變品系，該突變品系的產生原因是2號染色體上的基因Ts突變為ts，Ts對ts為完全顯性。將抗玉米螟的基因A轉入該雌株品系中獲得甲、乙兩株具有玉米螟抗性的植株，但由于A基因插入的位置不同，甲植株的株高表現正常，乙植株矮小。為研究A基因的插入位置及其產生的影響，進行了以下實驗：
實驗一：品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F1中抗螟∶非抗螟約為1∶1
實驗二：品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F1中抗螟矮株∶非抗螟正常株高約為1∶1
(1)實驗一中作為母本的是________，實驗二的F1中非抗螟植株的性別表現為________________________________________________________________________
(填“雌雄同株”“雌株”或“雌雄同株和雌株”)。
(2)選取實驗一的F1抗螟植株自交，F2中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株約為2∶1∶1。由此可知，甲中轉入的A基因與ts基因________(填“是”或“不是”)位于同一條染色體上，F2中抗螟雌株的基因型是________。若將F2中抗螟雌雄同株與抗螟雌株雜交，子代的表型及比例為____________________________________________________________。
(3)選取實驗二的F1抗螟矮株自交，F2中抗螟矮株雌雄同株∶抗螟矮株雌株∶非抗螟正常株高雌雄同株∶非抗螟正常株高雌株約為3∶1∶3∶1，由此可知，乙中轉入的A基因________(填“位于”或“不位于”)2號染色體上，理由是_____________________________。
F2中抗螟矮株所占比例低于預期值，說明A基因除導致植株矮小外，還對F1的繁殖造成影響，結合實驗二的結果推斷這一影響最可能是________________________________________。
F2抗螟矮株中ts基因的頻率為________，為了保存抗螟矮株雌株用于研究，種植F2抗螟矮株使其隨機受粉，并僅在雌株上收獲籽粒，籽粒種植后發育形成的植株中抗螟矮株雌株所占的比例為________。
答案　(1)甲　雌雄同株　(2)是　AAtsts　抗螟雌雄同株∶抗螟雌株＝1∶1　(3)不位于　抗螟性狀與性別性狀間是自由組合的，因此A基因不位于Ts、ts基因所在的2號染色體上　含A基因的雄配子不育　1/2　1/6
解析　(1)據題中信息可知，品系M為雌雄同株，甲基因型為 Atsts，表現為雌株，因此實驗一中的母本只能是甲。實驗二的F1中非抗螟正常株高植株中不含抗螟基因，且控制性別的基因型是Tsts，性別應該是雌雄同株。(2)實驗一中，若轉入的A基因與ts基因位于一條染色體上，則甲植株的基因型可表示為，品系M的基因型是，則F1抗螟植株的基因型是，則F1抗螟植株自交所得F2中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株約為2∶1∶1，因此甲轉入的A基因與ts基因是位于同一條染色體上的。F2中抗螟雌株的基因型是AAtsts，抗螟雌雄同株的基因型是ATsts(A和ts位于同一條染色體上)，二者雜交，子代表型及比例是抗螟雌雄同株∶抗螟雌株＝1∶1。(3)實驗二的F1抗螟矮株自交，F2中出現了抗螟性狀和性別之間的自由組合，推測插入的A基因不位于2號染色體上，乙植株的基因型可表示為，品系M的基因型是，為了做題方便，可以把插入A基因的染色體對應的同源染色體上標上等位基因a，這樣F1中的抗螟矮株的基因型是 AaTsts，非抗螟正常株高的基因型是aaTsts。F1抗螟矮株(AaTsts)自交，按照自由組合定律，后代表型及比例應該是抗螟矮株雌雄同株(A_Ts_)∶抗螟矮株雌株(A_tsts)∶非抗螟正常株高雌雄同株(aaTs_)∶非抗螟正常株高雌株(aatsts)＝9∶3∶3∶1，而事實上上述比例出現異常的3∶1∶3∶1。據題中給出的A基因可能對F1的繁殖造成影響，推測可能是含A基因的花粉致死，按照該推測分析：F1抗螟矮株(AaTsts)產生的4種雌配子的基因型及比例是ATs∶Ats∶aTs∶ats＝1∶1∶1∶1，產生的2種雄配子的基因型及比例是aTs∶ats＝1∶1，后代表型及比例是抗螟矮株雌雄同株(AaTs_)∶抗螟矮株雌株(Aatsts)∶非抗螟正常株高雌雄同株(aaTs_)∶非抗螟正常株高雌株(aatsts)＝3∶1∶3∶1，結果與題中事實吻合，說明含A基因的雄配子不育。F2中抗螟矮株雌雄同株的基因型有2種，其比例為AaTsTs∶AaTsts＝1∶2，F2抗螟矮株雌株的基因型是Aatsts，3種基因型個體的比例是AaTsTs∶AaTsts∶Aatsts＝1∶2∶1，因此F2抗螟矮株中ts基因的頻率是1/2。F2抗螟矮株雌雄同株有2種基因型，其比例為AaTsTs∶AaTsts＝1∶2，F2抗螟矮株雌株基因型是Aatsts，讓F2抗螟矮株隨機受粉，并僅在雌株上收獲籽粒，事實上就是抗螟矮株雌株(Aatsts)作母本(產生2種配子：Ats∶ats＝1∶1)，抗螟矮株雌雄同株(AaTsTs∶AaTsts＝1∶2)作父本進行雜交，父本產生雄配子的基因型是(含A基因的雄配子不育)aTs∶ats＝2∶1，因此后代中抗螟矮株雌株(Aatsts)所占的比例是1/2×1/3＝1/6。

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