資源簡介

人教生物(2019版)必修2教學案
1-2 孟德爾的豌豆雜交實驗(二)
第2課時　自由組合定律的應用及解題方法
學有目標——課標要求必明 記在平時——核心語句必背
1.簡述自由組合定律在實踐中的應用。 2．運用自由組合定律解釋一些遺傳現象。 3．掌握自由組合定律的常見類型和解題思路。 1.生物的表型是基因型和環境共同作用的結果。 2．在雜交育種中，人們有目的地將具有不同優良性狀的兩個親本雜交，使兩個親本的優良性狀組合在一起，再篩選出所需要的優良品種。 3．在醫學實踐中，人們可以對某些遺傳病在后代中的患病概率作出科學的推斷，從而為遺傳咨詢提供理論依據。
題型(一)　由親代求子代基因型或表型的種類及概率　　
【知能深化】
[典例]　 已知基因型為AaBbCc與AaBbCC的個體雜交，求：
(1)雜交后代的基因型與表型的種類數分別為________、________。
(2)雜交后代中AAbbCc與aaBbCC出現的概率分別是________、________。
(3)雜交后代中基因型為A_bbC_與aaB_C_的概率分別是________、________。
[解析]　(1)AaBbCc×AaBbCC，后代中有3×3×2＝18(種)基因型，有2×2×1＝4(種)表型。(2)AaBbCc與AaBbCC的個體雜交，后代中AAbbCc的概率為1/4×1/4×1/2＝1/32，aaBbCC的概率為1/4×1/2×1/2＝1/16。(3)雜交后代中A_bbC_的概率為3/4×1/4×1＝3/16，aaB_C_的概率為1/4×3/4×1＝3/16。
[答案]　(1)18種　4種　(2)1/32　1/16
(3)3/16　3/16
利用“拆分法”解答自由組合問題的一般思路
首先，將自由組合定律問題轉化為若干個分離定律問題。在獨立遺傳的情況下，有幾對等位基因就可分解為幾組分離定律問題。如AaBb×Aabb，可分解為兩組：Aa×Aa，Bb×bb。然后，按分離定律進行逐一分析。最后，將獲得的結果進行綜合，得到正確答案。舉例如下(完全顯性情況下)：
問題舉例 計算方法
AaBbCc×AabbCc，求其雜交后代可能的表型種類數 可分解為三個分離定律： Aa×Aa→后代有2種表型(3A_∶1aa) Bb×bb→后代有2種表型(1Bb∶1bb) Cc×Cc→后代有2種表型(3C_∶1cc) 所以，AaBbCc×AabbCc的后代中有2×2×2＝8(種)表型
AaBbCc×AabbCc，后代中表型同A_bbcc個體的概率計算 　Aa×Aa　Bb×bb　Cc×Cc 　 　↓　　 　↓　　　↓ 3/4(A_)×1/2(bb)×1/4(cc)＝3/32
AaBbCc×AabbCc，求子代中不同于親本的表型(基因型) 不同于親本的表型＝1－親本的表型＝1－(A_B_C_＋A_bbC_)，不同于親本的基因型＝1－親本的基因型＝1－(AaBbCc＋AabbCc)
【針對訓練】
1．已知A與a、B與b、C與c 3對等位基因自由組合，基因型分別為AaBbCc、AabbCc的兩個體進行雜交。下列關于雜交后代的推測，正確的是(　　)
A．表型有8種，AaBbCc個體的比例為1/16
B．基因型有18種，aaBbCc個體的比例為1/16
C．表型有4種，Aabbcc個體的比例為1/32
D．基因型有8種，aaBbcc個體的比例為1/16
解析：答案：B　AaBbCc×AabbCc，每一種性狀的表型是2種，因此雜交后代的表型是2×2×2＝8(種)，后代中AaBbCc個體的比例是1/2×1/2×1/2＝1/8，A、C錯誤；雜交后代基因型的種類是3×2×3＝18(種)，后代中aaBbCc個體的比例是1/4×1/2×1/2＝1/16，aaBbcc個體的比例是1/4×1/2×1/4＝1/32，B正確，D錯誤。
2．假定某植物5對等位基因是相互自由組合的，雜交組合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe產生的后代中，兩對等位基因雜合、三對等位基因純合的個體所占的比例是(　　)
A．1/2　　　　　　　　　 B．1/4
C．1/16 D．1/64
解析：答案：B　根據基因分離定律，把等位基因分對計算，其中DD×dd一定得到Dd，在剩下的4對基因組合中，出現雜合子和純合子的概率都是1/2；要滿足題意，則需要除D、d之外的4對基因組合中，有一對為雜合子，另外三對均為純合子，其概率為4×1/2×1/2×1/2×1/2＝1/4；其中4是指“在4對基因組合(Aa×Aa，Bb×BB，Cc×CC，Ee×Ee)中，有且只有一對出現雜合子的情況有4種”，每次出現一對雜合子、三對純合子的概率是1/2×1/2×1/2×1/2。故選B。
題型(二)　由子代推親代基因型及表型
【知能深化】
[典例]　豌豆種子黃色(Y)對綠色(y)為顯性，圓粒(R)對皺粒(r)為顯性。黃色圓粒豌豆與綠色圓粒豌豆雜交，F1出現黃圓、綠圓、黃皺、綠皺四種表型，其比例為3∶3∶1∶1，推知其親代雜交組合基因型是(　　)
A．YyRr×yyRr　　　 　 B．YyRR×yyRr
C．YYRr×yyRR D．YYRr×yyRr
[解析]　黃色圓粒豌豆和綠色圓粒豌豆進行雜交的后代中，圓粒∶皺粒＝3∶1，說明親本的基因組成為Rr和Rr；黃色∶綠色＝1∶1，說明親本的基因組成為Yy和yy。因此可以判斷親本的基因型為YyRr和yyRr。故選A。
[答案]　A
利用“逆向組合法”推斷親本基因型的一般思路
(1)方法：將自由組合定律的性狀分離比拆分成分離定律的分離比分別分析，再運用乘法原理進行逆向組合。
(2)題型示例
①9∶3∶3∶1 (3∶1)(3∶1) (Aa×Aa)(Bb×Bb)；
②1∶1∶1∶1 (1∶1)(1∶1) (Aa×aa)(Bb×bb)；
③3∶3∶1∶1 (3∶1)(1∶1) (Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)；
④3∶1 (3∶1)×1 (Aa×Aa)(BB×_ _)或(Aa×Aa)(bb×bb)或(AA×_ _)(Bb×Bb)或(aa×aa)(Bb×Bb)。
【針對訓練】
1．已知豌豆的黃粒對綠粒為顯性，受一對遺傳因子Y、y控制；圓粒對皺粒為顯性，受另一對遺傳因子R、r控制；兩對遺傳因子獨立遺傳。現有黃色皺粒與綠色圓粒兩品種雜交，其后代出現黃色圓粒70株、綠色圓粒68株、黃色皺粒73株和綠色皺粒71株。則兩親本的遺傳因子組成是(　　)
A．YYrr×yyRr B．YYrr×yyRR
C．Yyrr×yyRR D．Yyrr×yyRr
解析：答案：D　后代黃粒∶綠粒＝(70＋73)∶(68＋71)≈1∶1，可推知親本的相應遺傳因子組成為黃粒Yy×綠粒yy；同理，后代圓粒∶皺粒＝(70＋68)∶(73＋71)≈1∶1，可推知親本的相應遺傳因子組成為圓粒Rr×皺粒rr；結合親本性狀表現為黃色皺粒與綠色圓粒，所以親本的遺傳因子組成為Yyrr×yyRr。
2．某種哺乳動物的直毛(B)對卷毛(b)為顯性，體色黑色(C)對白色(c)為顯性(這兩對基因分離和組合互不干擾)。基因型為BbCc的個體與“個體X”交配，子代的表型及比例為直毛黑色∶卷毛黑色∶直毛白色∶卷毛白色＝3∶3∶1∶1。則“個體X”的基因型為(　　)
A．BbCC B．BbCc
C．bbCc D．Bbcc
解析：答案：C　由題干分析可知，子代中直毛∶卷毛＝1∶1，故親本相關基因型為Bb×bb；黑色∶白色＝3∶1，親本相關基因型為Cc×Cc。已知一方親本基因型為BbCc，則“個體X”的基因型為bbCc。
題型(三)　子代患病概率的計算
【知能深化】
[典例]　一個正常的女人與一個并指(Bb)的男人結婚，他們生了一個白化病且手指正常的孩子。若他們再生一個孩子：
(1)只患并指的概率是________。
(2)只患白化病的概率是________。
(3)既患白化病又患并指的男孩的概率是________。
(4)只患一種病的概率是________。
(5)患病的概率是________。
[解析]　由題意可知，第1個孩子的基因型應為aabb(與白化病相關的基因用a表示)，則該夫婦基因型應分別為婦：Aabb；夫：AaBb。依據該夫婦基因型可知，孩子中并指的概率應為1/2(非并指概率為1/2)，白化病的概率應為1/4(非白化病概率應為3/4)，則：(1)再生一個只患并指孩子的概率為并指概率－并指又白化概率＝1/2－1/2×1/4＝3/8。(2)只患白化病孩子的概率為白化病概率－白化又并指的概率＝1/4－1/2×1/4＝1/8。(3)生一個既患白化又患并指的男孩的概率為男孩出生率×白化病概率×并指概率＝1/2×1/4×1/2＝1/16。(4)后代只患一種病的概率為并指概率×非白化病概率＋白化病概率×非并指概率＝1/2×3/4＋1/4×1/2＝1/2。(5)后代中患病的概率為1－全正常(非并指、非白化)＝1－1/2×3/4＝5/8。
[答案]　(1)3/8　(2)1/8　(3)1/16　(4)1/2　(5)5/8
用“十字交叉法”解答兩病概率計算問題
(1)當兩種遺傳病之間具有“自由組合”關系時，各種患病情況的概率分析如下：
(2)根據序號所示進行相乘得出相應概率再進一步拓展，如下表：
序號 類型 計算公式
① 同時患兩病概率 mn
② 只患甲病概率 m(1－n)
③ 只患乙病概率 n(1－m)
④ 不患病概率 (1－m)(1－n)
拓展 求解 患病概率 ①＋②＋③或1－④
只患一種病概率 ②＋③或1－(①＋④)
【針對訓練】
1．多指癥由顯性基因控制，先天性聾啞由隱性基因控制，這兩種遺傳病的基因獨立遺傳。一對男性患多指、女性正常的夫婦，婚后生了一個手指正常的聾啞孩子。這對夫婦再生下的孩子為手指正常、先天性聾啞、既多指又先天性聾啞這三種情況的可能性依次是(　　)
A．1/2、1/4、1/8　　　　 B．1/4、1/8、1/2
C．1/8、1/2、1/4 D．1/4、1/2、1/8
解析：答案：A　假設手指形狀決定基因用A、a表示，聽力基因用B、b表示，根據親子代表型，可推出親代基因型，父：AaBb，母：aaBb，他們再生一個孩子的情況是：手指正常(aa)為1/2，多指(Aa)為1/2；聽覺正常(B_)為3/4，先天性聾啞(bb)為1/4；既多指又先天性聾啞的概率為1/2×1/4＝1/8。故選A。
2．人的眼睛散光(A)對不散光(a)為顯性；直發(B)和卷發(b)雜合時表現為波浪發，兩對基因分別位于兩對常染色體上。一個其母親正常但本人有散光癥的波浪發女性，與一個無散光癥的波浪發男性婚配。下列敘述正確的是(　　)
A．基因B、b的遺傳不符合基因的分離定律
B．卵細胞(雌配子)中同時含A、B的概率為1/2
C．所生孩子中最多有6種不同的表型
D．生出一個無散光癥直發孩子的概率為3/8
解析：答案：C　基因B、b的遺傳符合基因的分離定律，A錯誤；一個其母親正常但本人有散光癥的波浪發女性的基因型是AaBb，卵細胞中同時含A、B的概率為1/4，B錯誤；一個其母親正常但本人有散光癥的波浪發女性的基因型是AaBb，一個無散光癥的波浪發男性的基因型是aaBb，二者婚配，所生孩子中最多有2[散光(Aa)、不散光(aa)]×3[直發(BB)、波浪發(Bb)、卷發(bb)]＝6種不同的表型，其中生出一個無散光癥直發孩子(aaBB)的概率為1/2×1/4＝1/8，C正確，D錯誤。
題型(四)　基因自由組合現象的特殊分離比問題
【知能深化】
1．基因互作
類型 F1(AaBb) 自 交后代比例 F1測交 后代比例
Ⅰ 存在一種顯性基因時表現為同一性狀，其余正常表現 9∶6∶1 1∶2∶1
Ⅱ 兩種顯性基因同時存在時，表現為一種性狀，否則表現為另一種性狀 9∶7 1∶3
Ⅲ 當某一對隱性基因成對存在時表現為雙隱性狀，其余正常表現 9∶3∶4 1∶1∶2
Ⅳ 只要存在顯性基因就表現為一種性狀，其余正常表現 15∶1 3∶1
2．顯性基因累加效應
(1)表現：
(2)原因：A與B的作用效果相同，但顯性基因越多，其效果越強。
[典例1]　控制某動物體長的三對等位基因A、a，B、b和C、c分別位于不同對的染色體上，其中顯性基因A/B/C對體長的作用相等，且顯性基因越多會使該種動物體長越長。讓基因型為AABBCC(體長14 cm)和基因型為aabbcc(體長8 cm)的該種動物交配產生F1，F1的雌雄個體隨機交配獲得F2。如果F2個體數量足夠多，則下列敘述錯誤的是(　　)
A．這三對等位基因的遺傳符合自由組合定律
B．F1的雌雄配子結合方式有64種
C．F2中體長為13 cm的基因型有6種
D．F2個體的體長最大值是14 cm
[解析]　由于三對等位基因A、a，B、b和C、c分別位于不同對的染色體上，所以這三對等位基因的遺傳符合自由組合定律，A正確；由題意可知，F1的基因型為AaBbCc，且三對等位基因分別位于不同對的染色體上，所以F1產生的雌雄配子種類各有23＝8(種)，雌雄配子結合方式有8×8＝64(種)，B正確；體長為13 cm的個體中含有5個顯性基因，所以F2中體長為13 cm的基因型有AABBCc、AABbCC、AaBBCC共3種，C錯誤；根據F1的基因型為AaBbCc，F1自交產生的F2的基因型中含顯性基因最多的個體(基因型為AABBCC)其體長最長，為14 cm，D正確。
[答案]　C
[典例2]　家蠶結黃繭和白繭分別由一對等位基因Y、y控制，并受另一對等位基因I、i影響。當基因I存在時，基因Y的作用不能顯現出來。現有下面兩組雜交實驗，下列分析錯誤的是(　　)
A．基因Y與基因I遵循自由組合定律
B．實驗二兩親本的基因型可能是YYIi×YyIi
C．若實驗一的F2中結黃繭個體自由交配，后代中純合子占5/9
D．若實驗一的F1與F2中結黃繭雜合子雜交，理論上后代結白繭家蠶中純合子占2/5
[解析]　實驗一顯示，F2中白繭∶黃繭＝13∶3(是9∶3∶3∶1的變式)，因此兩對等位基因遵循自由組合定律，所以F1白繭的基因型是YyIi，A正確。Y_I_、yyI_、yyii都表現為白繭，Y_ii表現為黃繭，因此實驗一中親本黃繭的基因型是YYii，白繭基因型是yyII；實驗二中，白繭與白繭雜交，F1中白繭∶黃繭＝3∶1，因此兩親本的基因型可能是YYIi×YyIi，也可能是YyIi×yyii或YYIi×YYIi或YYIi×yyIi，B正確。實驗一的F2中，結黃繭個體的基因型及概率為1/3YYii、2/3Yyii，產生的配子為2/3Yi、1/3yi，這些結黃繭個體自由交配，后代中純合子占2/3Yi×2/3Yi＋1/3yi×1/3yi＝5/9，C正確；實驗一的F1基因型為YyIi，F2中結黃繭雜合子基因型為Yyii，二者雜交后代結黃繭家蠶(Y_ii)的概率為3/4×1/2＝3/8，則結白繭家蠶的概率為5/8，后代結白繭家蠶純合子(yyii)的概率為1/4×1/2＝1/8，因此理論上后代結白繭家蠶中純合子占1/5，D錯誤。
[答案]　D
性狀分離比9∶3∶3∶1的變式題解題步驟
【針對訓練】
1．香豌豆的花色有紫花和白花2種表型，顯性基因C和P同時存在時開紫花。兩個純合白花品種雜交，F1開紫花，F1自交，F2的性狀分離比為紫花∶白花＝9∶7。下列分析錯誤的是(　　)
A．兩個白花親本的基因型為ccPP與CCpp
B．F2中白花的基因型有5種
C．F2紫花中純合子的比例為1/9
D．F1測交結果紫花與白花的比例為1∶1
解析：答案：D　根據題意分析可知，兩個純合白花親本的基因型為CCpp與ccPP，A正確；F2中白花的基因型有5種，即CCpp、Ccpp、ccPP、ccPp、ccpp，紫花的基因型有4種，即CCPP、CCPp、CcPP、CcPp，B正確；F1(CcPp)自交所得F2中紫花植株(C_P_)占9/16，紫花純合子(CCPP)占總數的1/16，所以F2紫花中純合子的比例為1/9，C正確；由以上分析可知，F1的基因型是CcPp，其測交后代CcPp(紫花)∶Ccpp(白花)∶ccPp(白花)∶ccpp(白花)＝1∶1∶1∶1，則紫花∶白花＝1∶3，D錯誤。
2．薺菜果實形狀——三角形和卵圓形由位于兩對同源染色體上的基因A、a和B、b決定。基因型為AaBb的個體自交，F1中三角形∶卵圓形＝301∶20。在F1的三角形果實薺菜中，部分個體無論自交多少代，其后代均為三角形果實，這樣的個體在F1的三角形果實薺菜中所占的比例為(　　)
A．1/15　　　　　　　 B．7/15
C．3/16 D．7/16
解析：答案：B　由F1中三角形∶卵圓形＝301∶20≈15∶1可知，只要有基因A或基因B存在，薺菜果實就表現為三角形，無基因A和基因B則表現為卵圓形。基因型為AaBb、aaBb、Aabb的個體自交均會出現aabb，因此無論自交多少代，后代均為三角形果實的個體在F1的三角形果實薺菜中占7/15。
題型(五)　　致死現象導致的性狀分離比改變
【知能深化】
1．顯性純合致死
(1)AA和BB致死
(2)AA(或BB)致死
2．隱性純合致死
[典例1]　某種鼠中，黃鼠基因Y對灰鼠基因y為顯性，短尾基因T對長尾基因t為顯性，且基因Y或T在純合時都能使胚胎致死，這兩對基因是獨立分配的。兩只黃色短尾鼠交配后所生的子代表型比例為(　　)
A．3∶1∶3∶1　　　　　 B．9∶3∶3∶1
C．4∶2∶2∶1 D．1∶1∶1∶1
[解析]　正常情況下黃色短尾鼠的基因型為YYTT、YYTt、YyTT或YyTt，但由于“基因Y或T在純合時都能使胚胎致死”，所以交配的兩只黃色短尾鼠的基因型只能為YyTt。這兩只鼠交配后正常情況下子代的基因型及比例為Y_T_∶Y_tt∶yyT_∶yytt＝9∶3∶3∶1，但根據題意可知，Y_T_中致死的基因型有YYTT(1/16)、YyTT(2/16)、YYTt(2/16)，能夠存活的只有基因型為YyTt的個體，其比例為4/16；Y_tt中基因型為YYtt的個體胚胎致死(1/16)，基因型為Yytt的個體能夠存活(2/16)；yyT_中基因型為yyTT的個體胚胎致死(1/16)，基因型為yyTt的個體能夠存活(2/16)；基因型為yytt的個體全部存活，所以兩只黃色短尾鼠交配后所生的子代表型比例為4∶2∶2∶1。
[答案]　C
[典例2]　果蠅的體色和翅形由基因控制。已知黑身殘翅果蠅與灰身長翅果蠅交配，F1為黑身長翅和灰身長翅，比例為1∶1。當F1的黑身長翅果蠅自由交配時，其后代表型及比例為黑身長翅∶黑身殘翅∶灰身長翅∶灰身殘翅＝6∶2∶3∶1。下列分析錯誤的是(　　)
A．果蠅的兩對相對性狀，顯性性狀分別是黑身和長翅
B．F1的黑身長翅果蠅自由交配產生的后代中致死個體占1/3
C．F1的黑身長翅果蠅自由交配產生的后代中致死基因型有3種
D．F2中黑身殘翅果蠅個體測交后代表型比例為1∶1
[解析]　由題中數據分析可知，果蠅這兩對相對性狀中，顯性性狀分別為黑身和長翅，A正確；關于果蠅體色和翅形的基因分別用A/a、B/b表示。F1的黑身長翅果蠅自由交配時，其后代表型比例為6∶2∶3∶1，屬于9∶3∶3∶1的變式，說明F1的基因型為AaBb，其相互交配后代中致死個體(AA)占1/4，B錯誤；F1的黑身長翅果蠅自由交配產生的后代中致死基因型有3種，即AABB、AABb、AAbb，C正確；由于AA致死，所以F2中的黑身殘翅果蠅的基因型為Aabb，其測交后代表型比例為1∶1，D正確。
[答案]　B
解答致死類問題的方法技巧
(1)從每對相對性狀分離比角度分析，如：
6∶3∶2∶1 (2∶1)(3∶1) 一對顯性基因純合致死。
4∶2∶2∶1 (2∶1)(2∶1) 兩對顯性基因純合致死。
(2)從F2每種性狀的基因型種類及比例分析，如BB致死：
【針對訓練】
1．某觀賞植物的白花對紫花為顯性，花瓣一直為單瓣，但經人工誘變后培育出一株重瓣白花植株，研究發現重瓣對單瓣為顯性，且含重瓣基因的花粉致死。以新培育出的重瓣白花植株做母本與單瓣紫花植株雜交，F1中出現1/2重瓣白花，1/2單瓣白花，讓F1中的重瓣白花自交，所得F2中各表型之間的比例為(　　)
A．9∶3∶3∶1 B．3∶3∶1∶1
C．6∶3∶2∶1 D．4∶2∶1∶1
解析：答案：B　設決定白花和紫花的基因分別為A、a，控制重瓣和單瓣的基因分別為B和b，親代中重瓣白花植株的基因型為AABb，單瓣紫花植株的基因型為aabb，F1中重瓣白花植株的基因型為AaBb，單瓣白花植株的基因型為Aabb。由于重瓣白花植株(AaBb)產生的花粉只有Ab和ab兩種，產生的雌配子有四種：AB、Ab、aB、ab，隨機結合后，F2的表型及比例為重瓣白花∶單瓣白花∶重瓣紫花∶單瓣紫色＝3∶3∶1∶1。
2．致死基因的存在可影響后代性狀分離比。現有基因型為AaBb的個體，兩對等位基因獨立遺傳，但具有某種基因型的配子或個體致死，不考慮環境因素對表型的影響，若該個體自交，下列說法不正確的是(　　)
A．后代分離比為5∶3∶3∶1，則推測原因可能是基因型為AB的雄配子或雌配子致死
B．后代分離比為7∶3∶1∶1，則推測原因可能是基因型為Ab的雄配子或雌配子致死
C．后代分離比為9∶3∶3，則推測原因可能是基因型為ab的雄配子或雌配子致死
D．后代分離比為4∶2∶2∶1，則推測原因可能是A基因和B基因顯性純合致死
解析：答案：C　后代分離比為5∶3∶3∶1，基因型為A_B_ 的雙顯性狀中有4份死亡，可推測可能是基因型為AB的雄配子或雌配子致死，A正確；后代中A_B_∶aaB_(或A_bb)∶A_bb(或aaB_)∶aabb＝7∶3∶1∶1，與9∶3∶3∶1相比，A_B_少了2份，A_bb(或aaB_)少了2份，最可能的原因是Ab(或aB)的雄配子或雌配子致死，B正確；后代分離比為9∶3∶3，沒有出現雙隱性個體，說明aabb的合子或個體死亡，C錯誤；若A基因和B基因顯性純合致死，則A_B_少5份，A_bb和aaB_中各少1份，即出現后代分離比為4∶2∶2∶1，D正確。
[課時跟蹤檢測]
[理解·鞏固·落實]
1．位于常染色體上的A、B、C三個基因分別對a、b、c完全顯性。用隱性性狀個體與顯性純合個體雜交得F1，F1測交結果為aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1，則下列F1基因型正確的是(　　)
解析：答案：B　由題意分析可知，F1的基因型為AaBbCc，F1測交結果為aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1，其中a與c始終在一起，A與C始終在一起，說明A、C基因位于同一條染色體上，a、c基因位于另一條染色體上；AC或ac都會和B或b隨機組合，說明B和b基因位于另外一對同源染色體上，即B正確。
2．讓基因型為AaBbCc和AAbbCc的向日葵雜交，按基因自由組合定律推算，后代中表型不同于親本的個體所占的比例應為(　　)
A．1/8　　　　　　　　 B．1/4
C．1/32 D．1/16
解析：答案：B　親本的基因型為AaBbCc和AAbbCc，可先求后代與親本表型相同的概率，與AaBbCc親本表型相同的概率為1×1/2×3/4＝3/8，與AAbbCc親本表型相同的概率為1×1/2×3/4＝3/8，故與親本表型不同的概率為1－3/8－3/8＝1/4。
3．在家蠶遺傳中，蟻蠶(剛孵化的蠶)體色的黑色與淡赤色是一對相對性狀，黃繭和白繭是一對相對性狀(控制這兩對相對性狀的基因自由組合)。兩個雜交組合得到的子代(足夠多)數量比見下表，下列敘述錯誤的是(　　)
子代 黃繭黑蟻 白繭黑蟻 黃繭淡赤蟻 白繭淡赤蟻
組合一 9 3 3 1
組合二 0 1 0 1
A.黑色對淡赤色為顯性，黃繭對白繭為顯性
B．組合一中兩個親本的基因型和表型都相同
C．組合二中親本的基因型和子代的基因型相同
D．組合一和組合二的子代中白繭淡赤蟻的基因型不完全相同
解析：答案：D　由于組合一后代黃繭∶白繭＝3∶1，黑色∶淡赤色＝3∶1，則黃繭對白繭為顯性(相關基因用A、a表示)，黑色對淡赤色為顯性(相關基因用B、b表示)。由組合一后代比例為9∶3∶3∶1，可知兩親本均為黃繭黑蟻，基因型為AaBb。組合二后代全部為白繭，黑色∶淡赤色＝1∶1，可知親本基因型組合為aaBb×aabb，根據遺傳圖解可知后代基因型為aaBb、aabb。白繭淡赤蟻個體的基因型均為aabb。
4．黃色圓粒豌豆與綠色皺粒豌豆雜交得到的F1再自交，F2的表型及比例為黃圓∶黃皺∶綠圓∶綠皺＝9∶15∶15∶25。則親本的基因型為(　　)
A．YYRR、yyrr B．YyRr、yyrr
C．YyRR、yyrr D．YYRr、yyrr
解析：答案：B　根據F2中黃∶綠＝3∶5可知，對于黃色、綠色這對相對性狀來說，F1中一種個體自交后代全部是綠色，基因型為yy，另一種個體自交后代中黃∶綠＝3∶1，基因型為Yy；同理，對于圓粒、皺粒這對相對性狀來說，F1中一種個體的基因型為rr，另一種個體的基因型為Rr，綜上所述，親本的基因型應為YyRr、yyrr。
5．某雌雄同株植物的花色性狀形成的代謝途徑如圖所示，兩對基因獨立遺傳。將基因型為AABB的個體與基因型為aabb的個體雜交得到F1，F1自交得到F2的表型及比例為(　　)
A．紫色∶紅色∶白色＝9∶3∶4
B．紫色∶紅色∶白色＝9∶4∶3
C．紫色∶白色＝15∶1
D．紫色∶紅色＝15∶1
解析：答案：A　兩對基因獨立遺傳，遵循自由組合定律。基因型為AABB的個體與基因型為aabb的個體雜交得到F1(AaBb)，F1自交后代的基因型及其比例為A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，表型及其比例為紫色∶紅色∶白色＝9∶3∶4，A正確。
6．在西葫蘆的皮色遺傳中，已知黃皮基因(Y)對綠皮基因(y)為顯性，但在另一白色顯性基因(W)存在時，基因Y和y都不能表達。兩對基因獨立遺傳。現有基因型為WwYy的個體自交，其后代的表型種類及比例是(　　)
A．4種，9∶3∶3∶1 B．2種，13∶3
C．3種，12∶3∶1 D．3種，10∶3∶3
解析：答案：C　由于兩對基因獨立遺傳，所以基因型為WwYy的個體自交，符合自由組合定律，產生的后代可表示為9W_Y_∶3wwY_∶3W_yy∶1wwyy，由于W存在時，Y和y都不能表達，所以W_Y_和W_yy個體都表現為白色，占12/16；wwY_個體表現為黃色，占3/16；wwyy個體表現為綠色，占1/16。
7．玉米的株高是一對相對性狀，現將株高70 cm和50 cm的植株雜交得到F1，F1自交得到F2，F2中株高70 cm∶65 cm∶60 cm∶55 cm∶50 cm的比例約為1∶4∶6∶4∶1。若取F2中的60 cm植株隨機授粉產生的F3中60 cm 純合植株的比例為(　　)
A．1/36 B．2/9
C．1/2 D．3/16
解析：答案：B　F2中60 cm植株(4/6AaBb、1/6AAbb、1/6aaBB)產生的配子為1/6AB、1/3Ab、1/3aB、1/6ab，隨機授粉后代中60 cm純合植株(AAbb、aaBB)的比例為1/3×1/3＋1/3×1/3＝2/9。
8．(2021·威海高一聯考)某種蛙眼色的表型與基因型的對應關系如下表(兩對基因獨立遺傳)，現有藍眼蛙與紫眼蛙雜交，F1有藍眼和綠眼兩種表型，理論上F1藍眼蛙∶綠眼蛙為(　　)
表型 藍眼 綠眼 紫眼
基因型 A_B_ A_bb、aabb aaB_
A.3∶1 B．3∶2
C．9∶7 D．13∶3
解析：答案：A　藍眼蛙(A_B_)與紫眼蛙(aaB_)雜交，F1有藍眼(A_B_)和綠眼(A_bb、aabb)兩種表型，據此推斷親本藍眼蛙的基因型為AABb，紫眼蛙的基因型為aaBb。AABb×aaBb后代的表型及比例為AaB_(藍眼蛙)∶Aabb(綠眼蛙)＝3∶1。
9．家蠶有結黃繭與結白繭之分，由兩對等位基因E與e、F與f控制，將純合結黃繭的品種甲與純合結白繭的品種乙雜交，F1均結白繭。F1雌雄個體隨機交配，F2中結白繭個體與結黃繭個體(e純合，且含基因F)的比值約為13∶3，僅考慮繭色性狀和相關基因，下列敘述正確的是(　　)
A．基因E與e、F與f的遺傳不遵循自由組合定律
B．F1測交子代結黃繭與結白繭之比為1∶1
C．F2結黃繭的家蠶隨機交配，子代雜合子占2/3
D．F2結白繭群體中純合子占3/13
解析：答案：D　F2中結白繭個體與結黃繭個體(e純合，且含基因F)的比值約為13∶3，說明控制結黃繭與結白繭的基因為獨立遺傳的兩對等位基因，遵循自由組合定律，A錯誤；F1的基因型是EeFf，測交子代的基因型及比例是EeFf∶Eeff∶eeFf∶eeff＝1∶1∶1∶1，結黃繭與結白繭之比為1∶3，B錯誤；F2結黃繭的家蠶基因型是eeF－，其中eeFF∶eeFf＝1∶2，隨機交配，相當于FF∶Ff＝1∶2的群體隨機交配，產生雌配子的類型及比例為F∶f＝2∶1，產生雄配子的類型及比例為F∶f＝2∶1，所以子代雜合子Ff的比例是2/3×1/3×2＝4/9，C錯誤；理論上，F2結白繭群體的基因型是E_F_∶E_ff∶eeff＝9∶3∶1，其中純合子有EEFF、EEff、eeff，占3/13，D正確。
10．某種甘藍的葉色有綠色和紫色。已知葉色受2對獨立遺傳的基因A/a和B/b控制，只含隱性基因的個體表現隱性性狀，其他基因型的個體均表現顯性性狀。某小組用綠葉甘藍和紫葉甘藍進行了一系列實驗。
實驗①：讓綠葉甘藍(甲)的植株進行自交，子代都是綠葉。
實驗②：讓甲植株與紫葉甘藍(乙)植株雜交，子代個體中綠葉∶紫葉＝1∶3。
回答下列問題：
(1)甘藍葉色中隱性性狀是________，實驗①中甲植株的基因型為________。
(2)實驗②中乙植株的基因型為__________，子代中有________種基因型。
(3)用另一紫葉甘藍(丙)植株與甲植株雜交，若雜交子代中紫葉和綠葉的分離比為1∶1，則丙植株所有可能的基因型是____________；若雜交子代均為紫葉，則丙植株所有可能的基因型是______________________________；若雜交子代均為紫葉，且讓該子代自交，自交子代中紫葉與綠葉的分離比為15∶1，則丙植株的基因型為________。
解析：(1)根據實驗①②很容易判斷甘藍的綠葉是隱性性狀，紫葉是顯性性狀。由題干信息可知，兩對基因都為隱性的個體表現為隱性性狀，結合實驗①可判斷出甲植株的基因型是aabb。(2)根據實驗②子代個體中綠葉∶紫葉＝1∶3，可推知乙植株的基因型是AaBb，基因型為AaBb、aabb的植株雜交，子代中有4種基因型，分別是AaBb、Aabb、aaBb、aabb。(3)若丙植株與甲植株(aabb)雜交，子代中紫葉和綠葉的分離比為1∶1，可推出紫葉丙植株只能產生兩種配子，且有一種配子是ab，進而推出丙的基因型是Aabb或aaBb；若丙植株與甲植株雜交得到的子代均為紫葉，說明丙植株產生的配子中只能含一個隱性基因或全是顯性基因，可利用分離定律列出丙植株可能的基因型，符合要求的丙植株的基因型是AABB、AABb、AAbb、aaBB、AaBB；若丙植株與甲植株雜交得到的子代均為紫葉，且該子代自交后代中紫葉與綠葉的分離比為15∶1，這是自由組合定律9∶3∶3∶1性狀分離比的變形，推出子代紫葉植株的基因型是AaBb，由此推出丙植株的基因型是AABB。
答案：(1)綠色　aabb　(2)AaBb　4　(3)Aabb、aaBb　AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb　AABB
[遷移·應用·發展]
11．某二倍體植物的抗蟲與不抗蟲性狀受兩對獨立遺傳的等位基因M/m和N/n控制。已知兩對等位基因中只要存在一個顯性基因植物就表現出抗蟲性狀，基因M會使花粉育性降低50%，基因N存在純合致死現象。現用若干植株甲(Mmnn，♀)與植株乙(mmNn，♂)雜交得到F1。下列說法錯誤的是(　　)
A．該植物中抗蟲植株有5種基因型
B．F1抗蟲植株中同時含有兩種抗蟲基因的個體占1/3
C．讓F1中同時含兩種抗蟲基因的植株雜交，F2中不抗蟲植株占1/12
D．欲利用一次雜交實驗驗證含基因M的花粉育性降低50%，可選擇基因型為Mmnn的植株作父本與基因型為mmnn的植株雜交
解析：答案：C　已知兩對等位基因中只要存在一個顯性基因植物就表現出抗蟲性狀，由于基因N存在純合致死現象，所以該植物中抗蟲植株有MMNn、MmNn、MMnn、Mmnn、mmNn共5種基因型，A正確；根據題意可知，植株甲(Mmnn，♀)產生的雌配子為Mn∶mn＝1∶1，植株乙(mmNn，♂)產生的雄配子為mN∶mn＝1∶1，F1中MmNn(抗蟲)∶mmNn(抗蟲)∶Mmnn(抗蟲)∶mmnn(不抗蟲)＝1∶1∶1∶1，抗蟲植株中同時含有兩種抗蟲基因的個體占1/3，B正確；讓F1中同時含兩種抗蟲基因的植株(MmNn)雜交，由于基因M會使花粉育性降低50%，所以F1產生的雌配子及比例為MN∶Mn∶mN∶mn＝1∶1∶1∶1，產生的雄配子種類及比例為MN∶Mn∶mN∶mn＝1∶1∶2∶2，F2中不抗蟲植株(mmnn)所占比例為2/6×1/4＝1/12，由于基因N存在純合致死現象，所以致死個體的比例為1/6×1/4＋2/6×1/4＋1/6×1/4＋2/6×1/4＝1/4，所以F2中不抗蟲植株占1/12÷(1－1/4)＝1/9，C錯誤；欲利用一次雜交實驗驗證含基因M的花粉育性降低50%，可選擇基因型為Mmnn的植株作父本與基因型為mmnn的植株雜交，若后代出現抗蟲∶不抗蟲＝1∶2，可說明基因M的花粉育性降低50%，D正確。
12．雞的羽毛顏色由兩對獨立遺傳的等位基因A和a、B和b控制，B是有色羽基因，b是白色羽基因。已知A_B_、aabb、A_bb均表現為白色羽，aaB_表現為有色羽。下列說法不合理的是(　　)
A．A基因對B基因的表達可能有抑制作用
B．若一白色羽個體測交后代全表現為白色羽，則該白色羽個體的基因型一定為aabb
C．若一有色羽個體測交后代中有色羽∶白色羽＝1∶1，說明該有色羽個體的基因型為aaBb
D．兩個基因型為AaBb的個體雜交，后代中表現為有色羽的個體占3/16
解析：答案：B　分析題意可知，只有在B基因存在、A基因不存在時才表現為有色羽，而當B基因和A基因同時存在時表現為白色羽，由此可推測A基因對B基因的表達可能有抑制作用，A正確；基因型為AAB_、aabb、A_bb 的個體測交，后代全都表現為白色羽，B錯誤；有色羽個體的基因型為aaBB或aaBb，其中只有基因型為aaBb的個體測交，后代才會出現有色羽∶白色羽＝1∶1，C正確；兩個基因型為AaBb的個體雜交，后代中表現為有色羽(aaB_)的個體占1/4×3/4＝3/16，D正確。
13．玉米為二倍體植物。甜玉米的玉米籽粒中蔗糖含量高，受1個或多個隱性基因控制，
這些基因有a、b和d。玉米的糯性受隱性基因e控制，含支鏈淀粉多時呈糯性。如圖為玉米籽粒中蔗糖合成淀粉的生化路徑，回答下列問題：
(1)在基因 A/a中，對玉米糯性基因E/e起上位(抑制)作用的是________，基因型為 aaee的玉米籽粒表現為“甜而不糯”，從生化角度的解釋是__________________________________________________。
(2)某非甜非糯型玉米，其控制基因型只涉及 A/a 及 E/e兩對等位基因。該玉米自交后代(F1)中，非甜非糯∶糯而非甜∶甜而非糯＝9∶3∶4。此雜交結果說明上述兩對等位基因__________(填“遵循”或“不遵循”)自由組合定律。將F1中玉米單株自交，單株統計果穗上的玉米籽粒，發現有的玉米植株所結的全部玉米籽粒要么糯、要么甜，這樣的F1植株占________，該植株的每個果穗上，甜玉米籽粒與糯玉米籽粒的數目比約為__________。
(3)某品系甜玉米由 B/b、D/d 兩對等位基因控制，兩株甜玉米雜交，母本結出玉米籽粒(F1)均不甜，推測親本的基因型為________________。欲確定基因B/b 與D/d是否遵循自由組合定律，請利用上述玉米材料設計實驗予以確定(寫出雜交方案并預期實驗結果)。
解析：(1)分析題圖可知，當A、B、D、E基因同時表達時，玉米籽粒可以合成直鏈淀粉，但只要存在aa，即使有E基因存在也不會表現為直鏈淀粉，所以對E/e起上位(抑制)作用的是a基因；aaee的植株不能合成酶1，蔗糖不能合成支鏈淀粉，造成蔗糖積累，玉米籽粒表現為甜而不糯。(2)非甜非糯型玉米自交后代中非甜非糯∶糯而非甜∶甜而非糯＝9∶3∶4，為9∶3∶3∶1的變式，所以這兩對等位基因遵循自由組合定律；該非甜非糯玉米的基因型是AaEe，如果F1玉米單株自交，有的玉米植株所結的全部玉米籽粒要么糯、要么甜，由于糯玉米的基因型是A_ee，甜玉米的基因型是aa__，因此F1中該植株的基因型是Aaee，所占比例為1/2×1/4＝1/8；該植株自交，子代的基因型及比例為A_ee(糯玉米)∶aaee(甜玉米)＝3∶1，所以甜玉米∶糯玉米＝1∶3。(3)兩株甜玉米雜交，母本結出玉米籽粒(F1)均不甜，根據圖示，說明親代不會同時含有B和D基因，而F1表現為不甜，因此同時含有B和 D基因，合成酶2，進而催化淀粉的形成，所以親本基因型是BBdd和bbDD。要判斷B、b和D、d兩對基因是否遵循自由組合定律，只有B_D_才表現為非甜，所以實驗雜交方案：將F1自交，統計F2的表型及比例；若二者遵循自由組合定律，則F1自交子代中B_D_∶B_dd∶bbD_∶bbdd＝9∶3∶3∶1，非甜∶甜＝9∶7。
答案：(1)a　缺少酶1，蔗糖不能合成支鏈淀粉，造成蔗糖積累，玉米籽粒表現為甜而不糯　(2)遵循　1/8　1∶3　(3)BBdd、bbDD　雜交方案：將F1自交，統計F2的表型及比例。預期實驗結果：若子代的表型及比例為非甜∶甜＝9∶7，則基因B/b 與D/d 遵循自由組合定律，否則就不遵循。
階段驗收評價(一)　第1章　遺傳因子的發現
(時間：60分鐘　滿分：100分)
一、選擇題(共16小題，每小題3分，共48分)
1．利用“假說—演繹法”，孟德爾發現了兩大遺傳定律。下列關于孟德爾分離定律研究過程的分析，正確的是(　　)
A．孟德爾假說的核心內容是“生物體能產生數量相等的雌雄配子”
B．孟德爾作出的“演繹”是F1與隱性純合子雜交，預測后代產生1∶1的性狀分離比
C．為驗證作出的假設是否正確，孟德爾設計并完成了正反交實驗
D．運用“假說—演繹法”驗證的實驗結果總與預期相符
解析：答案：B　孟德爾假說的核心內容是“生物的性狀是由遺傳因子決定的”，A錯誤；孟德爾作出的“演繹”是讓F1與隱性純合子雜交，預測后代產生1∶1的性狀分離比，B正確；為驗證作出的假說是否正確，孟德爾設計并完成了測交實驗，C錯誤；運用“假說—演繹法”驗證的實驗結果不一定與預期相符，如在子代數目較少的情況下，實驗結果不一定與預期相符，D錯誤。
2．人類A、 B、 AB和O血型是由復等位基因控制的。一名A型血男子與一位B型血的女子結婚，生了一個小孩。以下關于這個小孩血型的說法正確的是(　　)
A．只可能是A型
B．可以是A、 B、 AB、O型中的任一種
C．只能是AB型
D．不可能是O型
解析：答案：B　一個血型為A型的男子(IAIA或IAi)與B型血的女子(IBIB或IBi)婚配，生了一個小孩，由于親本的基因型不確定，根據分離定律可知，該小孩的基因型可能為IAIB、IAi、ii、IBi，即該小孩的血型可能為A、 B、 AB、O型中的任一種，B正確。
3．在香水玫瑰的花色遺傳中，紅花、白花為一對相對性狀，受一對等位基因的控制(用R、r表示)。從下面的雜交實驗中可以得出的正確結論是(　　)
雜交組合 后代性狀
一 紅花A×白花B 全為紅花
二 紅花C×紅花D 紅花與白花之比約為3∶1
A.紅花C與紅花D的基因型不同
B．紅花A的基因型為Rr
C．白花為隱性性狀
D．白花B的基因型為Rr
解析：答案：C　紅花C和D的基因型都是Rr，A錯誤；雜交組合一的親本為紅花和白花，而雜交后代只有紅花，說明紅花為顯性性狀，白花為隱性性狀，且親本均為純合子，所以紅花A的基因型是RR，白花B的基因型是rr，C正確，B、D錯誤。
4．鼠的毛色有黑色和棕色(由基因B、b控制)，兩只黑鼠交配，生了3只棕鼠和1只黑鼠，下列說法正確的是(　　)
A．棕色為顯性性狀
B．子代黑鼠中基因型為BB的概率是1/4
C．若檢測子代黑鼠的基因型，最好選用棕鼠與其交配
D．若親代黑鼠再生4只小鼠，則應為3只黑鼠和1只棕鼠
解析：答案：C　親本只有黑色一種表型，后代出現兩種表型，則新出現的性狀為隱性性狀，即棕色為隱性性狀，A錯誤；親本基因型均為Bb，子代黑鼠中基因型為BB的概率是1/3，B錯誤；若檢測子代黑鼠的基因型，最好選用棕鼠與其交配，即用測交法，C正確；若親代黑鼠再生4只小鼠，可能為3只黑鼠和1只棕鼠，也可能是其他情況，如全部為黑色等，D錯誤。
5．普通小麥中有高稈抗病和矮稈易感病兩個品種，控制兩對相對性狀的基因獨立遺傳。現用顯性純合子高稈抗病小麥和矮稈易感病小麥雜交得F1，F1自交或測交，預期結果錯誤的是(　　)
A．自交結果中高稈抗病與矮稈抗病比例為9∶1
B．自交結果中高稈與矮稈比例為3∶1，抗病與易感病比例為3∶1
C．測交結果為矮稈抗病∶矮稈易感病∶高稈抗病∶高稈易感病比例為1∶1∶1∶1
D．自交和測交后代出現四種相同的表現類型
解析：答案：A　F1自交后代表現類型及比例為高稈抗病∶矮稈抗病∶高稈易感病∶矮稈易感病＝9∶3∶3∶1，所以高稈抗病∶矮稈抗病＝3∶1，高稈∶矮稈＝3∶1，抗病∶易感病＝3∶1。F1測交后代表現類型及比例為高稈抗病∶矮稈抗病∶高稈易感病∶矮稈易感病＝1∶1∶1∶1。故選A。
6．豌豆子葉的黃色(Y)、圓粒種子(R)均為顯性。兩種豌豆雜交的子一代表型如圖所示。讓子一代中黃色圓粒豌豆與綠色皺粒豌豆雜交，子二代的性狀分離比為(　　)
A．2∶1∶2∶1 B．9∶3∶3∶1
C．1∶1∶1∶1 D．3∶1∶3∶1
解析：答案：A　由子一代圓粒∶皺粒＝3∶1可知親代的基因型均為Rr；由子一代黃色∶綠色＝1∶1可知親代的基因型為Yy、yy，故親代的基因型組合為YyRr×yyRr，則子一代中黃色圓粒的基因型有1/3YyRR和2/3YyRr兩種，綠色皺粒的基因型為yyrr，則F2的性狀分離比為2∶1∶2∶1。故選A。
7．以基因型為AABB和aabb的個體為親本用雜交育種的方法培育基因型為aaBB的個體，需要選擇的子代為(　　)
A．F1和F2 B．F1和F3
C．F2和F3 D．F2和F4
解析：答案：C　以基因型為AABB和aabb的個體為親本雜交，F1的基因型是AaBb，不會出現aaBB，F2開始發生性狀分離，有4種表型，可出現aaB_，由于F2中還存在aaBb的類型發生性狀分離，因此必須將F2中aaB_的個體單獨自交，并觀察F3是否發生性狀分離，不發生性狀分離的F3個體即為純種。故選C。
8．如圖為孟德爾兩對相對性狀的遺傳學實驗的圖解，下列有關判斷錯誤的是(　　)
―→F1：黃圓F2：黃圓∶黃皺∶綠圓∶綠皺
A．F1表現出來的性狀黃圓是顯性性狀
B．F2中黃皺種子中純合子占1/2
C．F2中相關表型的比例是9∶3∶3∶1
D．F1只有1種基因型，F2中有9種基因型
解析：答案：B　在兩對相對性狀雜交實驗中，F2中黃皺種子的基因型有2種，其中純合子與雜合子的比例為1∶2，即純合子所占比例為1/3。故選B。
9．人類中，顯性基因D對耳蝸管的形成是必需的，顯性基因E對聽神經的發育是必需的，二者缺一，個體即聾。這兩對基因自由組合。下列有關說法錯誤的是(　　)
A．夫婦中有一個耳聾，也有可能生下聽覺正常的孩子
B．一方只有耳蝸管正常，另一方只有聽神經正常的夫婦，只能生下耳聾的孩子
C．基因型為DdEe的雙親生下耳聾的孩子的概率為7/16
D．耳聾夫婦可以生下基因型為DdEe的孩子
解析：答案：B　若一方只有耳蝸管正常，其基因型為D_ee，另一方只有聽神經正常，其基因型為ddE_，兩者所生孩子的基因型可能為DdEe，該孩子正常。故選B。
10．兩對相對性狀的基因自由組合，如果F2的分離比分別為9∶7、9∶6∶1和15∶1，那么F1與雙隱性個體測交，得到的分離比分別是(　　)
A．1∶3、1∶2∶1和3∶1
B．3∶1、4∶1和3∶1
C．1∶2∶1、4∶1和3∶1
D．3∶1、3∶1和1∶4
解析：答案：A　由F2的分離比可推知，F1的基因型為雙雜合(AaBb)。9∶7的比例說明有雙顯性基因的表現為一種性狀，其他的表現為另一種性狀，則F1與雙隱性個體測交，子代的分離比為1∶3；9∶6∶1的比例說明有雙顯性基因的表現為一種性狀，有單顯性基因的表現為一種性狀，無顯性基因的表現為一種性狀，則F1與雙隱性個體測交，子代的分離比為1∶2∶1；15∶1的比例說明只要有顯性基因的就表現為同一種性狀，無顯性基因的表現為另一種性狀，則F1與雙隱性個體測交，子代的分離比為3∶1。故A項正確。
11．山羊胡子的有無由常染色體上的遺傳因子BL和BS決定，其中BL和BS分別對應無胡子和有胡子，不過BS在雄性中為顯性，在雌性中為隱性。有胡子純合雌羊與無胡子純合雄羊雜交產生F1，F1的雌雄個體相互交配得到F2。下列判斷正確的是(　　)
A．F1中雌性表現為有胡子
B．F1中雄性50%表現為有胡子
C．F2中50%表現為有胡子
D．F2中雌山羊無胡子的占1/4
解析：答案：C　根據題意分析可知，BS在雄性中為顯性，在雌性中為隱性，則親代中無胡子純合雄羊與有胡子純合雌羊的遺傳因子組成分別是BLBL、BSBS，雜交產生的F1的遺傳因子組成為BSBL，雌性全部表現為無胡子，雄性全部表現為有胡子；遺傳因子組成為BSBL的雌雄羊相互交配，F2的遺傳因子組成及比例為BSBS∶BSBL∶BLBL＝1∶2∶1，其中有胡子的山羊所占比例為1/4(BSBS)＋1/2×1/2(BSBL)＝1/2，其中雌山羊中無胡子的所占比例為1/2×1/2(BSBL)＋1/2×1/4(BLBL)＝3/8。故選C。
12．兩對獨立遺傳的等位基因(A－a和B－b，且兩對基因完全顯隱性)分別控制豌豆的兩對相對性狀。植株甲與植物乙進行雜交，下列相關敘述正確的是(　　)
A．若子二代出現9∶3∶3∶1的性狀分離比，則兩親本的基因型組合為AABB×aabb
B．若子一代出現1∶1∶1∶1的性狀分離比，則兩親本的基因型組合為AaBb×aabb
C．若子一代出現3∶1∶3∶1的性狀分離比，則兩親本的基因型組合為AaBb×aaBb
D．若子二代出現3∶1的性狀分離比，則兩親本可能的雜交組合有4種情況
解析：答案：D　基因型組合為AABB×aabb或AAbb×aaBB的兩親本雜交，子二代均出現9∶3∶3∶1的性狀分離比；基因型組合為AaBb×aabb或Aabb×aaBb的兩親本雜交，子一代均出現1∶1∶1∶1的性狀分離比；基因型組合為AaBb×aaBb或AaBb×Aabb的兩親本雜交，子一代均出現3∶1∶3∶1的性狀分離比；若子二代出現3∶1的性狀分離比，則兩親本可能的雜交組合有AABB×AAbb、aaBB×aabb、AABB×aaBB、AAbb×aabb 4種情況。故選D。
13．(2021·山東實驗中學月考)某植物有雄株、雌株和兩性植株，基因G決定雄株，基因g決定兩性植株，基因g－決定雌株。G對g、g－是顯性，g對g－是顯性。如：基因型為Gg的植株是雄株，基因型為gg－的植株是兩性植株，基因型為g－g－的植株是雌株。下列分析正確的是(　　)
A．基因型為Gg和Gg－的植株雜交產生的子代基因型有GG、Gg－、Gg、gg－
B．一株兩性植株最多可產生雄配子和雌配子各四種
C．若不考慮基因突變，雄株和雌株的雜交組合方式有兩種
D．兩性植株自交不可能產生雌株
解析：答案：C　基因型為Gg和Gg－的植株均為雄株，不能進行雜交，A錯誤；一株兩性植株的基因型為gg或gg－，若為gg，產生一種雌雄配子g，若為gg－，產生2種雌雄配子g和g－，B錯誤；不考慮基因突變，雄株的基因型若為GG，說明雙親都要有一個G，實際雌性個體無G，所以雄株的基因型不可能為GG，則雄株(Gg－、Gg)和雌株(g－g－)的雜交組合方式有兩種，C正確；兩性植株(gg－)自交可以產生雌株(g－g－)，D錯誤。
14．豌豆灰種皮(G)對白種皮(g)為顯性，黃子葉(Y)對綠子葉(y)為顯性，兩對基因獨立遺傳。現將基因型為GGyy與ggYY的豌豆植株雜交，再讓F1自交得F2。下列相關結論，錯誤的是(　　)
A．F1植株上所結的種子，種皮細胞的基因組成是GgYy
B．F1植株上所結的種子，子葉顏色的分離比為1∶3
C．若F2自交，F2植株上所結的種子，種皮顏色的分離比為5∶3
D．若F2自交，F2植株上所結的種子，灰種皮綠子葉與白種皮黃子葉的比為9∶5
解析：答案：C　F1植株上所結種子的種皮是母本的珠被發育來的，基因組成與F1植株相同，故種皮細胞的基因組成為GgYy，A正確；Yy自交后代基因型及比例為YY∶Yy∶yy＝1∶2∶1，所以F1種子子葉的顏色及比例是黃色∶綠色＝3∶1，B正確；F2植株所結種子種皮顏色分離比為3∶1，C錯誤；F2自交，F2植株上所結種子種皮顏色基因型與母本相同，灰種皮∶白種皮＝3∶1；其子葉顏色由F3的基因型控制，F2自交后代(F3)中綠子葉(yy)占1/4＋1/2×1/4＝3/8，黃子葉占1－3/8＝5/8，所以灰種皮綠子葉與白種皮黃子葉比為[(3/4)×(3/8)]∶[(1/4)×(5/8)]＝9∶5，D正確。
15．果蠅的灰身(B)與黑身(b)、大脈翅(D)與小脈翅(d)是兩對相對性狀，相關基因位于常染色體上且獨立遺傳。灰身大脈翅的雌蠅和灰身小脈翅的雄蠅雜交，F1中47只為灰身大脈翅，49只為灰身小脈翅，17只為黑身大脈翅，15只為黑身小脈翅。下列說法錯誤的是(　　)
A．親本中雌雄果蠅的基因型分別為BbDd和Bbdd
B．親本雌蠅產生卵細胞的基因組成種類數為4種
C．F1中體色和翅型的表型比例分別為3∶1和1∶1
D．F1中表型為灰身大脈翅個體的基因型為BbDd
解析：答案：D　由題中數據可知，子代中灰身∶黑身＝(47＋49)∶(17＋15)＝3∶1，可推知親本基因型是Bb和Bb；大脈翅∶小脈翅＝(47＋17)∶(49＋15)＝1∶1，可推知親本基因型是Dd和dd，所以親本灰身大脈翅雌蠅基因型是BbDd，灰身小脈翅雄蠅基因型是Bbdd，A、C正確。由上述分析可知親本灰身大脈翅雌蠅基因型是BbDd，其產生的卵細胞基因型有BD、Bd、bD、bd共4種類型，B正確。由親本基因型可知，F1中表型為灰身大脈翅個體的基因型為BBDd、BbDd，D錯誤。
16．拉布拉多犬個性忠誠，智商極高，深受人們的喜愛。其毛色有黑、黃、棕3種，分別受B、b和E、e兩對等位基因控制。為選育純系黑色犬，育種工作者利用純種品系進行了雜交實驗，結果如下圖所示。相關敘述錯誤的是(　　)
A．B、b和E、e的遺傳遵循基因分離定律和自由組合定律
B．F2黑色犬中基因型符合育種要求的個體占1/9
C．F2黃色犬與棕色犬隨機交配，子代中可獲得純系黑色犬
D．F2黑色犬進行測交，測交后代中不能獲得純系黑色犬
解析：答案：C　由于F1黑色個體自由交配產生的后代中有三種毛色，并且符合9∶3∶3∶1的性狀分離比的變形，因此兩對基因B、b和E、e的遺傳符合基因的分離定律和自由組合定律，A正確；F2中黑色犬的基因型有BBEE、BbEe、BBEe、BbEE四種，其中黑色純合子BBEE占1/9，B正確；F2中黃色犬(B_ee或bbE_、bbee)與棕色犬(bbE_或B_ee)隨機交配，其后代中不會出現BB和EE的個體，因此不能獲得黑色純種個體，C錯誤；F2黑色犬測交(與bbee雜交)，其后代都含有b和e基因，因此不會出現BBEE個體，D正確。
二、非選擇題(共4小題，共52分)
17．(10分)豌豆的紫花和白花是一對相對性狀，這對相對性狀由一對遺傳因子B、b控制。如表是豌豆花色的三個組合的遺傳實驗結果。請根據實驗結果分析并回答下列問題：
實驗 組合 親本性狀表現 F1的性狀表現和植株數目
紫花 白花
1 紫花×白花 405 411
2 紫花×白花 807 0
3 紫花×紫花 1 240 420
(1)根據實驗組合__________(填序號)可以判斷豌豆的________花為顯性性狀。
(2)請寫出實驗組合3的親本的基因型：_______________________________________。
(3)實驗組合________(填序號)為測交實驗。
(4)實驗組合3的F1紫花植株中，雜合子占________。若取實驗組合2中的F1紫花植株與實驗組合3中的F1紫花植株雜交，后代出現白花植株的概率為________。
解析：(1)由于組合2是紫花×白花，后代只有紫花，可以判斷紫花是顯性性狀；由于組合3是紫花×紫花，后代有紫花和白花，出現性狀分離，也能判斷紫花是顯性性狀。(2)由于紫花是顯性性狀，白花是隱性性狀，組合1紫花×白花→后代紫花∶白花≈1∶1，因此組合1親本的基因型為Bb、bb。組合2后代全為紫花，因此組合2親本的基因型為BB、bb。組合3紫花×紫花→后代紫花∶白花≈3∶1，因此組合3親本的基因型為Bb、Bb。(3)實驗組合1中，紫花×白花→后代中紫花∶白花＝1∶1，該比例為測交的結果。(4)實驗組合3的后代出現性狀分離，說明親本都是雜合子，其基因型都是Bb。F1基因型為BB、Bb和bb，比例為1∶2∶1，所以F1顯性類型紫花植株中，雜合子占2/3。若取組合2中的F1紫花植株(Bb)與組合3中的F1紫花植株(1/3BB、2/3Bb)雜交，后代出現白花植株的概率＝2/3×1/4＝1/6。
答案：(1)2、3　紫　(2)Bb×Bb　(3)1　(4)2/3　1/6
18．(14分)小麥的毛穎和光穎是一對相對性狀(由基因D、d控制)，抗銹病與感銹病是另一對相對性狀(由基因R、r控制)，這兩對性狀的遺傳遵循自由組合定律。以純種毛穎感銹病植株(甲)和純種光穎抗銹病植株(乙)為親本進行雜交，F1均為毛穎抗銹病植株(丙)。再用F1與丁進行雜交得F2，F2有四種表型，對每對相對性狀的植株數目進行統計，結果如圖所示。回答下列問題：
(1)兩對相對性狀中，顯性性狀分別是________、________。
(2)親本甲、乙的基因型分別是________、________，丁的基因型是________。
(3)F1形成的配子有________種，產生這幾種配子的原因是F1在形成配子的過程中________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
(4)F2中基因型為ddRR的個體所占的比例為________，光穎抗銹病植株所占的比例是__________。
(5)F2中表型不同于雙親(甲和乙)的個體占全部F2的比例是__________。
解析：(1)由于純種毛穎感銹病植株(甲)和純種光穎抗銹病植株(乙)進行雜交，F1均為毛穎抗銹病植株(丙)，所以毛穎、抗銹病為顯性性狀，光穎、感銹病為隱性性狀。(2)甲、乙為純種，它們的基因型分別為DDrr、ddRR，所以F1的基因型為DdRr，與丁雜交后，抗銹病與感銹病之比為3∶1，毛穎與光穎之比為1∶1，所以丁的基因型為ddRr。(3)由于控制這兩對性狀的基因(D/d、R/r)的遺傳遵循自由組合定律，F1的基因型為DdRr，因此可以形成4種配子。(4)F1(DdRr)×丁(ddRr)產生的F2中，ddRR的個體占1/2×1/4＝1/8，光穎抗銹病植株(ddR_)占1/2×3/4＝3/8。(5)F2中，與甲(DDrr)表型相同的個體占1/2×1/4＝1/8，與乙(ddRR)表型相同的個體占1/2×3/4＝3/8，所以F2中表型不同于雙親的個體占1/2。
答案：(1)毛穎　抗銹病(兩空可互換)　(2)DDrr　ddRR　ddRr　(3)4　決定同一性狀的等位基因彼此分離，決定不同性狀的非等位基因自由組合
(4)1/8　3/8
(5)1/2
19．(15分)雜交水稻的推廣大大提高了水稻的產量，產生了巨大的經濟效益和社會效益。已知水稻是自花傳粉植物，請回答下列問題：
(1)在沒有發現良好的雄性不育系之前，對水稻雜交之前需要對母本進行________，育種環節較復雜，工作量較大；發現了雄性不育品系以后，可將其作為________，簡化了育種環節。
(2)現選用高稈抗病水稻植株(甲)和矮稈感病水稻植株(乙)為親本進行雜交，已知高稈對矮稈為顯性，相關基因用A、a表示，抗病對感病為顯性，相關基因用B、b表示。若雜交產生的子一代(F1)有四種表型，且比例為1∶1∶1∶1，則親本甲、乙的基因型分別為______________。兩對等位基因的遺傳遵循________________定律。
(3)讓上述F1中的高稈抗病植株自交得F2，F2的表型及其比例為____________________________________________________，F2中出現矮稈感病類型的比例是________，F2與甲表型相同的植株中，純合子的比例為________。
解析：(1)水稻是自花傳粉植物，在沒有發現良好的雄性不育系之前，對水稻進行雜交實驗時，需要先對母本去雄，然后套袋，防止自花傳粉和外來花粉干擾，雄性不育系不能產生正常的雄配子，只能作為母本。(2)由題意可知，植株甲的基因型為A_B_，植株乙的基因型為aabb，若雜交產生的子一代(F1)有四種表型，且比例為1∶1∶1∶1，可推知植株甲產生了四種配子，且比例為1∶1∶1∶1，因此植株甲的基因型為AaBb，并且這兩對等位基因的遺傳遵循自由組合定律。(3)讓(2)中F1的高稈抗病植株(AaBb)自交得F2，根據自由組合定律可推知，F2的表型及其比例為高稈抗病∶高稈感病∶矮稈抗病∶矮稈感病＝9∶3∶3∶1，F2中出現矮稈感病類型(aabb)的比例是1/4×1/4＝1/16，F2與甲表型相同的植株占9/16，其中純合子(AABB)的比例為1/9。
答案：(1)去雄　母本　(2)AaBb、aabb　自由組合　(3)高稈抗病∶高稈感病∶矮稈抗病∶矮稈感病＝9∶3∶3∶1　1/16　1/9
20．(13分)南江黃羊是我國培育的第一個肉用山羊新品種，在育種過程中常用純繁供種、雜交配種、通過體型外貌選種。將基因型分別為GGhh、ggHH兩品種(這兩種基因型的個體6個月體重為中等，簡稱中產)雜交得到F1產量明顯高于兩親本(此現象稱為雜種優勢)，關于雜種優勢的原理現有兩種假說：
①顯性假說：通過基因間的互補，同時含有多種顯性基因的個體，能發揮出超過親本的強大生長勢。G_H_ (高產) >G_ hh、 ggH_ (中產) >gghh (低產)
②超顯性假說：每對等位基因的雜合子貢獻要大于純合子，使多對雜合的個體表現出遠超過親本的強大生長勢。Gg> GG＝gg，Hh > HH＝hh
關于控制南江黃羊體重的G、g和H、h兩對等位基因獨立遺傳，請回答下列問題：
(1)依據超顯性假說原理，在南江黃羊自然種群中由G、g和H、h控制的關于體重這一性狀的表型會出現高產、次高產、中產三種情況，其中次高產基因型為________________________________________________________________________。
(2)擬探究上述南江黃羊F1體重表現出雜種優勢的原理，請從題干中親本和F1中任選實驗材料，設計可行的實驗方案，并預測實驗結果。
實驗方案：________________________________________________________________________ ，
統計后代表型及比例。
預期結果：
①若表型及比例為________________________________________________________________________，
說明該雜種優勢的原理為顯性假說原理。
②若表型及比例為________________________________________________________________________，
說明該雜種優勢的原理為超顯性假說原理。
解析：(1)依據超顯性假說原理，Gg> GG＝gg，Hh > HH＝hh，G、g和H、h控制的關于體重這一性狀的表型中，表現為次高產的個體中應包含一對雜合子和一對純合子，即基因型為Gghh、GgHH、GGHh、ggHh。(2)從題干中親本和F1中任選實驗材料探究南江黃羊F1體重表現出雜種優勢的原理，設計方案有兩種：實驗方案一：將F1雌雄個體相互交配，產生的F2基因型及比例為9G_H_∶3G_hh∶3ggH_∶1gghh，若該雜種優勢的原理為顯性假說原理，即G_H_ (高產) >G_ hh、 ggH_ (中產) >gghh (低產)，則F2表型及比例為高產∶中產∶低產＝9∶6∶1；若該雜種優勢的原理為超顯性假說原理，即Gg> GG＝gg，Hh > HH＝hh，則個體中含有兩對雜合子的表現為高產，只有一對雜合子的表現為次高產，兩對都是純合子的表現為中產，即高產(GgHh)∶次高產(Gghh、GgHH、GGHh、ggHh)∶中產(GGHH、GGhh、ggHH、gghh)＝1∶2∶1。實驗方案二：將F1個體與異性親本(如GGhh)相互交配，產生的F2基因型及比例為GgHh∶GGHh∶Gghh∶GGhh＝1∶1∶1∶1，若該雜種優勢的原理為顯性假說原理，則F2表型及比例為高產∶中產＝1∶1；若該雜種優勢的原理為超顯性假說原理，則高產(GgHh)∶次高產(GGHh、Gghh)∶中產(GGhh)＝1∶2∶1。
答案：(1)Gghh、GgHH、GGHh、ggHh
(2)實驗方案一：將F1雌雄個體相互交配　預期結果： ①高產∶中產∶低產＝9∶6∶1　②高產∶次高產∶中產＝1∶2∶1
實驗方案二：將F1個體與異性親本相互交配　預期結果：①高產∶中產＝1∶1　②高產∶次高產∶中產＝1∶2∶1

展開更多......

收起↑