資源簡介

湘豫名校聯(lián)考
2024年2月高三第一次模擬考試
化學參考答案
題號
7
8
9
10
11
12
13
答案
C
A
D
B
A
D
一、選擇題：本題共7小題，每小題6分，共42分。每小題只有一個選項符合題目
要求。
7,C【解析】小蘇打是NaHCO,加熱時分解生成物中有CO2,能使面食疏松多孔，松軟可口，可作面食的膨松
劑，A項正確；二氧化硫具有還原性，葡萄酒中添加適量二氧化硫可起到抗氧化和殺茵的作用，規(guī)定可用于葡
茍酒和果酒中的最大使用量是0.25g·kg1,殘留量不得超過0.05g·kg1,B項正確；Fε(OH):膠體具有
吸附性，可促進水中懸浮顆粒物的沉降，用于自來水的凈化，不可用于自來水的殺菌消毒，C項錯誤；石油的
裂解是石油的深度裂化，其主要目的是獲得短鏈有機小分子，如乙烯和丙怖等基礎化工原補，D項正綺
8.A【解析】怕羅西汀的分子式為C1H2FNO:,A項正確；帕羅西汀分子中不存在碳碳雙鍵，醇羥基和肽鍵，B
項錯誤；怕羅西汀具有堿性，能與鹽酸反應，C項錯誤：雜環(huán)中所有碳原子不可能處于同一平面，D項錯誤。
9,C【解析】向N:SiO,溶液中通入HCI,不能證明非金屬性：CI>Si,因為HCI不是氯元素最高價氧化物對應
的水化物，A項錯誤；向硫酸鋼溶液中逐滴加入氨水，形成難溶物的原因是氨水呈堿性，可與C+形成難溶
的氫氧化鋼，繼續(xù)滴加氨水，難溶物溶解，得到深藍色的四氨合鋼配離子，B項錯誤；飽和NC1溶液使蛋白質
發(fā)生鹽析，析出國體，CSO溶液使蛋白質發(fā)生變性，析出國體，祈出固體的原理不同，C項正確；恒溫條件
下，擴大充有NO:密閉容器的體積，平街向生成NO:的方向移動，D項錯誤。
10.D【解析】從能量變化圖可知反應I為吸熱反應，反應Ⅱ為放熱反應，A項錯誤；每個CO分子中有1個。
鍵和2個π鍵，而每個CO中有2個。鍵和2個π鍵，B項錯誤；選擇合適的催化劑可降低反應活化能，但不
能改變焓變，C項錯誤；題述反應機理中涉及物質中有兩種非極性分子(H:、CO:),三種極性分子(CHOH、
H2O.CO),D項正確.
11.B【解析】根據(jù)題意可非知W、X、Y、Z、Q分別為H、N,O,Na、S。由于N原子2p軌道達到半充滿穩(wěn)定結
構，故第一電離能：N>O>S,A項錯誤：O與H可形成HO和H2O,O與N可形成NO、NO2等，O與Na
可形成NO和NO,O與S可形成SO2和S)3,B項正確：Na與活潑非金屬之間能形成離子品體，N、O、
S的單質能形成分子品你，不能形成共價品體，C項錯誤：S0,分子中硫原子價層電子投為3十6一？X3=3,S
2
原子的雜化方式為p,S0,分子中硫原子價層電子教為2十6-？X2=3,S原子的雜化方式也為sp,D項
2
錯誤。
12.A【解析】從電池總反應式可以看出放電時，Li,C4中C原子的化合價升高，Li,C6作負極，Li-,CoO作正
極。放電時，LiCs作負極，A極電極反應式為LiC一xeC6十xLi計，A項錯誤；由A極電極反應式知，
放電時，L從負極脫嵌，經(jīng)電解液和隔膜嵌入正極，B項正確：放電時，B極為正極，則充電時B極為陽極，
LiCoO:在B極上發(fā)生氧化反應，電極反應式為LiCoO一xe一Li-.CoO十xLi,C項正確；由A項分析
化學參考答案第1頁（共5頁）湘 豫 名 校 聯(lián) 考
2024年2月高三第一次模擬考試
生物參考答案
題號 1 2 3 4 5 6
答案 C D B A D C
一、選擇題:本題共6小題,每小題6分,共36分。每小題只有一個選項符合題目
要求。
1.C 【解析】可用平板劃線法和稀釋涂布平板法分離純化菌株,但只能用稀釋涂布平板法對該菌數(shù)量進行測
定,C錯誤。
2.D 【解析】由于接受固醇類激素的受體在細胞內部,因此該過程并未體現(xiàn)細胞膜具有信息交流的功能,A錯
誤;激素—受體蛋白復合物通過調控基因的轉錄影響代謝,并非起催化作用,B錯誤;基因的轉錄和翻譯產(chǎn)物
進出細胞核均需通過核孔,穿過0層磷脂單分子層,C錯誤;細胞內不同分子間的信息傳遞,如基因的轉錄、
翻譯,可以不需要受體,D正確。
3.B 【解析】干旱缺水時,會引起葉片氣孔關閉,首先受到影響的是過程④,A錯誤;過程①表示水分子進入細
胞,其方式有自由擴散和協(xié)助擴散,過程②表示無機鹽離子進入細胞,主要通過主動運輸方式,因此轉運蛋白
在過程①和②中均可起重要作用,B正確;該植物在光補償點時,葉肉細胞內的光合速率大于呼吸速率,③中
O2 的產(chǎn)生量應大于⑥中O2 的吸收量,C錯誤;無氧呼吸第二階段不產(chǎn)生ATP,因此圖中產(chǎn)生ATP的過程有
③⑤⑥,D錯誤。
4.A 【解析】支原體可能是最小的原核生物,其沒有細胞壁,A錯誤;能對肺炎支原體攝取和加工處理的細胞
為抗原呈遞細胞,包括B細胞、樹突狀細胞和巨噬細胞等,B正確;肺炎支原體侵入機體后最終會侵染宿主細
胞,因此會引起非特異性免疫、細胞免疫和體液免疫,C正確;疫苗研發(fā)難度可能與肺炎支原體基因突變出多
種亞型有關,D正確。
5.D 【解析】蘋果樹通過光合作用產(chǎn)生的O2,釋放到空氣中,可用于各種生物的細胞呼吸,除蘋果樹和雞外還
有微生物等其他生物,A錯誤;果園中的食物鏈有樹→蟲→雞,樹的體型較蟲的體型大得多,因此雖然從能量
來說營養(yǎng)級越高的種群能量越少,但數(shù)量不一定遵循該規(guī)律,B錯誤;保留頂芽會形成頂端優(yōu)勢,不利于側枝
的形成,樹冠要為雞遮陰避雨需要側枝更加繁茂,C錯誤;雞糞屬于有機肥,施用有機肥有利于土壤小動物的
生存,因此雞糞肥園養(yǎng)樹可減少土壤板結,有利于蘋果樹的根進行有氧呼吸,D正確。
6.C 【解析】設該家族單基因遺傳病的相關基因以A/a表示。若該病為伴X染色體隱性遺傳,則1、2號個體
基因型分別為XAY、XAXa,對應電泳條帶分別為②、①,A正確;若該病為常染色體隱性遺傳,則1、2號個體
均為雜合子Aa,因此對應電泳條帶均為①,B正確;若該單基因遺傳病為常染色體隱性遺傳病,則4號個體
對應電泳條帶為②的概率是1/3;若該單基因遺傳病為伴X隱性遺傳病,則4號個體對應電泳條帶為②的概
率是1/2,C錯誤;1、2號個體不患病,后代3號患病,說明該病為隱性遺傳病,已知3號個體對應電泳條帶為
③,分析堿基對可知,510bp的基因為致病基因,正常基因被限制酶切割為324bp和186bp兩種長度的片
段。正常基因能被該限制酶切割,突變后不能被該限制酶切割,D正確。
生物參考答案 第 1頁(共3頁)
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三、非選擇題:本題共5小題,共54分。
31.(9分)【答案】(1)無水乙醇(1分) 層析液(1分)
(2)喜陰(1分)
(3)光照強度、光合色素含量(或葉綠素含量)(2分,順序不可顛倒)
(4)溫度過高,植物失水過多,氣孔關閉,影響植物對CO2 的吸收(2分,僅答出“氣孔關閉”給1分)
(5)林下茶種植可提高了茶葉中的葉綠素含量,降低了酚氨比,使茶湯鮮爽度提高(或使茶葉品質有所提高)
(2分,合理即可)
【解析】(1)提取葉綠體中色素常用試劑是無水乙醇,分離各種色素所用試劑是層析液。
(2)茶樹在林下生長得更好,應屬于喜陰植物。
(3)在該實驗的因變量中,影響茶樹光合作用強度的主要外部因素是光照強度,主要內部因素為光合色素含量。
(4)61%遮光條件下,茶樹凈光合速率的日變化在13:00時出現(xiàn)低谷對應了氣孔導度的低谷,因此該低谷出
現(xiàn)的主要原因是溫度過高,植物失水過多,氣孔關閉,影響植物對CO2 的吸收,光合速率減慢。
(5)普洱生茶的品質要素是滋味和色澤。酚氨比即茶多酚和氨基酸的比值,是影響生茶滋味的主要因子。
由表1來看,林下茶種植方式對生茶品質的影響有林下茶種植可對茶樹進行一定程度的遮光處理,提高了
茶葉中的葉綠素含量(色澤),降低了酚氨比(滋味),使茶葉品質有所提高。
32.(10分)【答案】(1)抗衡(1分) 攝食(1分)
(2)①副交感(1分) 一方面促進葡萄糖進入組織細胞氧化分解、合成肝糖原和肌糖原,轉化為非糖物質;
另一方面抑制肝糖原的分解和非糖物質轉化為葡萄糖(3分)
②消化吸收食物使血糖升高(2分) (負)反饋(2分)
【解析】(1)由于電刺激一個中樞可以抑制另一個中樞的神經(jīng)元活動,由此攝食中樞與飽食中樞的關系為抗
衡;同時破壞這兩個中樞,表現(xiàn)為厭食和體重減輕說明攝食中樞的活動占優(yōu)勢。
(2)①機體在不興奮狀態(tài)下,內臟的活動如胃腸蠕動主要是副交感神經(jīng)調節(jié);胰島素是體內降血糖的激素,
一方面促進葡萄糖進入組織細胞氧化分解、合成肝糖原和肌糖原,轉化為非糖物質;另一方面抑制肝糖原的
分解和非糖物質轉化為葡萄糖。②腸期由于消化吸收食物使血糖升高,因此導致胰島素釋放達到峰值。攝
食行為引起血糖水平的升高和胰島素水平的升高,繼而抑制攝食行為,這是(負)反饋調節(jié)機制。
33.(8分)【答案】(1)生態(tài)位(1分) (種間)競爭(1分)
(2)繁殖、適應能力強,沒有天敵等制約因素(2分,答出兩點即可)
(3)生物群落與它的非生物環(huán)境(或所有生物和生物所生活的無機環(huán)境,1分) 物種豐富度更高(或組成成
分更多)、群落結構更復雜(或營養(yǎng)結構更復雜)、自我調節(jié)能力更強、抵抗力穩(wěn)定性更高等(至少寫出兩個方
面,2分)
(4)化學(1分)
【解析】(1)水葫蘆和大薸均為多年生浮水草本植物,在三板溪庫區(qū)泛濫,屬于同一生態(tài)位,與本地水生物爭
奪陽光、無機鹽等,種間存在競爭關系。
(2)我國農(nóng)業(yè)農(nóng)村部將大薸列為入侵物種的原因是繁殖、適應能力強,沒有天敵等制約因素。
(3)該庫區(qū)中生物群落與它的非生物環(huán)境一起構成一個生態(tài)系統(tǒng),從生態(tài)系統(tǒng)穩(wěn)定性的角度來看,該生態(tài)系
統(tǒng)物種豐富度更高(或組成成分更多)、群落結構更復雜(或營養(yǎng)結構更復雜)、自我調節(jié)能力更強、抵抗力穩(wěn)
生物參考答案 第 2頁(共3頁)
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定性更高,所以該生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定性高于農(nóng)田生態(tài)系統(tǒng)。
(4)題述化感物質可以影響其他生物的生長生活,屬于生態(tài)系統(tǒng)中的化學信息。
34.(15分)【答案】(1)去雄(1分)
(2)單倍體育種(1分) 明顯縮短育種年限(1分)
(3)秋水仙素(1分) 抑制紡錘絲的形成(1分)
(4)①F1(2分) F1 是雜合子,其表現(xiàn)哪個親本的性狀,哪個性狀即為顯性性狀(2分,合理即可)
②高產(chǎn)、低稈(抗倒伏)、抗寒的株系(2分) 1/8(2分)
③六(2分)
【解析】(1)小麥自然條件下是自交植物,進行該雜交試驗時,需要對母本即豫麥18進行去雄處理。
(2)題述育種過程中出現(xiàn)了花藥離體培養(yǎng)和加倍處理,所用方法屬于單倍體育種,與雜交育種比,該育種方
法的優(yōu)點是明顯縮短育種年限。
(3)F1→H1 過程可以使用秋水仙素處理小麥使花粉植株染色體數(shù)目加倍,其作用原理是抑制紡錘絲的形
成。
(4)①只能在雜合子中判斷這三對性狀的顯隱性,只有F1 是雜合子。②育種的目的是將雙親的優(yōu)良性狀集
中起來,在 H2 株系中高產(chǎn)、低稈、抗寒的株系是我們想要選育的新品種,理論上來說,F1 基因型為三雜合
子,因此產(chǎn)生的同時擁有高產(chǎn)、低稈、抗寒基因的花粉占所有花粉的1/8,加倍后比例不變,該品種占所有H2
的比例約為1/8。③小麥是六倍體,H4 是選育出的優(yōu)良品種,其為六倍體。
35.(12分)【答案】(1)動物細胞融合(1分) 能產(chǎn)生特定抗體的B淋巴細胞(1分) 既能分泌特定抗體,又能
無限增殖(2分)
(2)新型冠狀病毒RBD區(qū)域(2分) 納米顆粒是由磷脂分子包裹而成,成分與細胞膜相似,細胞膜具有流動
性,能與納米顆粒融合,將mRNA送入細胞(3分,指出納米顆粒的成分和細胞膜相似給1分,提到膜的流動
性給1分)
(3)不適用于所有新型冠狀病毒,新型冠狀病毒是RNA病毒,變異能力比較強,若RBD區(qū)域出現(xiàn)變異,這款
單克隆抗體就無法識別,不能發(fā)揮作用(3分,答出觀點給1分,答出RBD區(qū)域容易變異即給2分)。
【解析】(1)雜交瘤技術是利用動物細胞融合技術發(fā)展起來的,其本質是誘導能產(chǎn)生特定抗體的B淋巴細胞
與骨髓瘤細胞之間進行融合,最終篩選出既能分泌特定抗體,又能無限增殖的雜交瘤細胞進行培養(yǎng),以獲得
單克隆抗體。
(2)該試驗的目的是利用mRNA LNP技術在小鼠體內產(chǎn)生新型冠狀病毒的RBD蛋白,刺激小鼠免疫系
統(tǒng)針對該種蛋白產(chǎn)生相應的B細胞,因此 mRNA應選擇新型冠狀病毒RBD的 mRNA,制成的納米顆粒注
射后能夠與相關細胞融合的原因是納米顆粒是由磷脂分子包裹而成,成分與細胞膜相似,細胞膜具有流動
性,能與納米顆粒融合,將mRNA送入細胞。
(3)用該方法制成的單克隆抗體不適用于所有新型冠狀病毒,因為新型冠狀病毒是RNA病毒,變異能力比
較強,若RBD區(qū)域出現(xiàn)變異,這款單克隆抗體就無法識別,不能發(fā)揮作用。
生物參考答案 第 3頁(共3頁)
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2024年2月高三第一次模擬考試
物理參考答案
題號
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15
16
17
18
19
20
21
答案
D
C
B
B
BD
CD
AD
ABD
二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14~17小題只有一項符合
題目要求，第18~19題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
14.D【解析】設光子的動量為p,報搭能童守恒有2(E,十m2)=2E,而光子的能量為=c,則力=E十mc,D
項正確
15.C【解析】由△v=g△可知，相同時間內，速度增量一定相同，A項錯誤；加逢度等于重力加速度，因此同一
時刻，速度變化快慢一定相同，B項錯誤：極據(jù)動能定理可知，地出后下降到同一高度時，動能一定相同，C
項正確；由沖量定義可知，相同時間內，重力的沖量大小一定相同，D項錯誤。
16.B【解析】波從a傳拾到b所用的時間為t==1.5s,則質點4比質點b振動超前1.58，A項錯誤；由題
意可知，a,6兩質點平待位置間的距離為號，即號=6m,解行A=4m,因此波動周期T=之=1s,因此質
點4叛動周期為18，B項正確；由于a,b兩質點的平街位置之間相距半波長的奇教倍，因此質點，b不為零
的途度大小相等，方向總是相反，D項錯誤，
17.B【解析】由幾何關系可得小球甲、乙下降的高度分別為h甲=Lcos30°.hz=Lsin30°。當小球甲剛要到達
A點還未與針面接觸時，輕質桿與斜面平行，小球甲的速度沿著細桿，小球乙的速度沿著斜面向下，把小球
甲的速度甲分別沿著斜面和垂直斜面分解，沿著斜面方向的分速度為/=甲c0s30°，小球乙的速度為
:=可/，由機拔能寧恒定律可得mg,十mg。=名m,十合2，小球乙的動饒為E,=號m以，綜合
解得Ep=25十山mgL,B項正確。
7
18.BD【解析】設光線在個質中發(fā)生全反射的臨界角為a,折射光線射到BC邊上的E點，正好發(fā)生全反射，反
射光線垂直射到AC邊的F點，由幾何關系可得a=45°，由折射率的定義可得n=1=√2，B項正騎：由幾
sin a
何關系可得光線在D點的折射角為日=15°，A項錯誤；由折射率的定義可得n=n9,綜合計算可得加0
sin B'
,C項錯誤：由幾何關秦可得∠DEB=,對△BDE由正家定理可得m5P新得DE=號
2
由折射率的定義可得川=臺，光線從D到E的特拾時間1=D正，綜合解得1=旦，D項正確。
19.CD【解析】→b的過程為等客升溫吸熱過程，分子平均動能增大，某一個分子動能可能減小，A項錯誤；b
(的過程，氣體的體積增大，氣體對外界做功，B項錯誤；→d的過程，為氣體等溫膨脹過程，氣體分子對
物理參考答案第1頁（共4頁）

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