資源簡介 第3講 熱力學定律與能量守恒定律素養目標 1.能認識物質的運動形式有多種,不同運動形式對應不同形式的能,各種形式的能在一定條件下可以相互轉化.(物理觀念) 2.認識熱力學第一定律、熱力學第二定律及兩類永動機.(物理觀念) 3.理解熱力學第一定律與能量守恒定律的關系.(科學思維) 4.能應用熱力學第一定律分析有關實際問題.(科學思維)一、熱力學第一定律1.改變物體內能的兩種方式(1)做功;(2)熱傳遞.2.熱力學第一定律(1)內容:一個熱力學系統的內能增量等于外界向它傳遞的熱量與外界對它所做的功的和.(2)表達式:ΔU=Q+W.(3)表達式中的正、負號法則符號 W Q ΔU+ 外界對物體做功 物體吸收熱量 內能增加- 物體對外界做功 物體放出熱量 內能減少二、能量守恒定律1.內容能量既不會憑空產生,也不會憑空消失,它只能從一種形式轉化為另一種形式,或者是從一個物體轉移到別的物體,在轉化或轉移的過程中,能量的總量保持不變.2.條件性能量守恒定律是自然界的普遍規律,某一種形式的能是否守恒是有條件的.3.第一類永動機是不可能制成的,它違背了能量守恒定律.三、熱力學第二定律1.熱力學第二定律的兩種表述(1)克勞修斯表述:熱量不能自發地從低溫物體傳到高溫物體.(2)開爾文表述:不可能從單一熱庫吸收熱量,使之完全變成功,而不產生其他影響.或表述為“第二類永動機是不可能制成的”.直 觀 情 境2.用熵的概念表述熱力學第二定律在任何自然過程中,一個孤立系統的總熵不會減小.3.熱力學第二定律的微觀意義一切自發過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行.4.第二類永動機不可能制成的原因是違背了熱力學第二定律.1.思維辨析(1)做功和熱傳遞的實質是相同的.( )(2)絕熱過程中,外界壓縮氣體做功20 J,氣體的內能一定減少. ( )(3)物體吸收熱量,同時對外做功,內能可能不變.( )(4)電冰箱的工作過程表明,熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞. ( )2.關于熱力學定律,下列說法正確的是( )A.在一定條件下,物體的溫度可以降到0 KB.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功C.吸收了熱量的物體,其內能一定增加D.壓縮氣體總能使氣體的溫度升高3.一定質量的理想氣體,從某一狀態開始,經過一系列變化后又回到初始狀態.W1表示外界對氣體做的功,W2表示氣體對外界做的功,Q1表示氣體吸收的熱量,Q2表示氣體放出的熱量.在整個過程中一定有( )A.Q1-Q2=W2-W1 B.Q1=Q2C.W1=W2 D.Q1>Q考點 熱力學第一定律1.熱力學第一定律ΔU=Q+W(1)符號法則符號 W Q ΔU+ 外界對物體做功 物體吸收熱量 內能增加- 物體對外界做功 物體放出熱量 內能減小(2)三種特殊情況過程 含義 內能變化 物理意義絕熱 Q=0 ΔU=W 外界對物體做的功等于物體內能的增加等容 W=0 Q=ΔU 物體吸收的熱量等于物體內能的增加等溫 ΔU=0 W=-Q 外界對物體做的功,等于物體放出的熱量2.溫度、內能、熱量、功的比較項目 含義 特點溫度 表示物體的冷熱程度,是物體分子平均動能大小的標志,它是大量分子熱運動的集體表現,對個別分子來說,溫度沒有意義 狀態量內能 物體內所有分子動能和勢能的總和,它是由大量分子的熱運動和分子的相對位置所決定的能 狀態量熱量 指在熱力學系統與外界之間依靠溫差傳遞的能量,熱量是過程量,只能說“吸收”“放出”,不能說“含有”“具有” 過程量功 做功過程是機械能或其他形式的能和內能之間的轉化過程典例1 (2023·全國甲卷)(多選)在一汽缸中用活塞封閉著一定量的理想氣體,發生下列緩慢變化過程,氣體一定與外界有熱量交換的過程是( )A.氣體的體積不變,溫度升高B.氣體的體積減小,溫度降低C.氣體的體積減小,溫度升高D.氣體的體積增大,溫度不變E.氣體的體積增大,溫度降低1. [熱力學第一定律的應用]如圖所示,內壁光滑的絕熱汽缸內用絕熱活塞封閉一定質量的理想氣體,初始時汽缸開口向上放置,活塞處于靜止狀態,將汽缸緩慢轉動90°的過程中,缸內氣體( )A.內能增加,外界對氣體做正功B.內能減小,所有分子熱運動速率都減小C.溫度降低,速率大的分子數占總分子數比例減少D.溫度升高,速率大的分子數占總分子數比例增加2.[氣體實驗定律與熱力學第一定律的綜合應用](多選)一定質量的理想氣體,初始溫度為300 K,壓強為1×105 Pa.經等容過程,該氣體吸收400 J的熱量后溫度上升100 K;若經等壓過程,需要吸收600 J的熱量才能使氣體溫度上升100 K.下列說法正確的是( )A.初始狀態下,氣體的體積為6 LB.等壓過程中,氣體對外做功400 JC.等壓過程中,氣體體積增加了原體積的D.兩個過程中,氣體的內能增加量都為400 J考點 熱力學第二定律1.對熱力學第二定律的理解(1)“自發地”指明了熱傳遞等熱力學宏觀現象的方向性,不需要借助外界提供能量的幫助.(2)“不產生其他影響”的涵義是發生的熱力學宏觀過程只在本系統內完成,對周圍環境不產生熱力學方面的影響.如吸熱、放熱、做功等.2.熱力學第二定律的實質自然界中進行的涉及熱現象的宏觀過程都具有方向性.(1)高溫物體低溫物體.(2)功熱.(3)氣體體積V1氣體體積V2(較大).(4)不同氣體A和B混合氣體AB.3.兩類永動機的比較第一類永動機 第二類永動機不需要任何動力或燃料,卻能不斷地對外做功的機器 從單一熱源吸收熱量,使之完全變成功,而不產生其他影響的機器違背能量守恒定律,不可能制成 不違背能量守恒定律,但違背熱力學第二定律,不可能制成典例2 (2022·湖南卷)(多選)利用“渦流效應”可實現冷熱氣體的分離.如圖所示,一冷熱氣體分離裝置由噴嘴、渦流室、環形管、分離擋板和冷熱兩端管等構成.高壓氮氣由噴嘴切向流入渦流室中,然后以螺旋方式在環形管中向右旋轉前進,分子熱運動速率較小的氣體分子將聚集到環形管中心部位,而分子熱運動速率較大的氣體分子將聚集到環形管邊緣部位.氣流到達分離擋板處時,中心部位氣流與分離擋板碰撞后反向,從A端流出,邊緣部位氣流從B端流出.下列說法正確的是( )A.A端為冷端,B端為熱端B.A端流出的氣體分子熱運動平均速率一定小于B端流出的C.A端流出的氣體內能一定大于B端流出的D.該裝置氣體進出的過程滿足能量守恒定律,但違背了熱力學第二定律E.該裝置氣體進出的過程既滿足能量守恒定律,也滿足熱力學第二定律1.[對熱力學定律的理解]下列關于能量轉換過程的敘述,違背熱力學第一定律的有________,不違背熱力學第一定律、但違背熱力學第二定律的有________.A.汽車通過燃燒汽油獲得動力并向空氣中散熱B.冷水倒入保溫杯后,冷水和杯子的溫度都變得更低C.某新型熱機工作時將從高溫熱源吸收的熱量全部轉化為功,而不產生其他影響D.冰箱的制冷機工作時從箱內低溫環境中提取熱量散發到溫度較高的室內2.[熱力學定律與氣體實驗定律的綜合應用](多選)我國航天員漫步太空已變成現實,已知飛船在航天員出艙前先要“減壓”,在航天員從太空返回進入航天器后要“升壓”,因此飛船將此設施專門做成了一個艙,叫“氣閘艙”.其原理圖如圖所示,相通的艙A、B間裝有閥門K,指令艙A中充滿氣體,氣閘艙B內為真空,整個系統與外界沒有熱交換,打開閥門K后,A中的氣體進入B中最終達到平衡.若將此氣體近似看成為理想氣體,則下列說法正確的是( )A.氣體并沒有對外做功,氣體內能不變B.B中氣體可自發地全部退回到A中C.氣體溫度不變,體積增大,壓強減小D.氣體體積膨脹,對外做功,內能減小考點 熱力學第一定律與氣體圖像的綜合應用1.一定質量理想氣體不同圖像的比較過程 圖像類別 圖像特點 圖像示例等溫 過程 p V pV=CT(其中C為常量),即p、V之積越大,溫度越高,等溫線離原點越遠p p=CT(其中C為常量),斜率k=CT,即斜率越大,溫度越高等容 過程 p T p=T(其中C為常量),斜率k=,即斜率越大,體積越小等壓 過程 V T V=T(其中C為常量),斜率k=,即斜率越大,壓強越小2.做功、傳熱和內能變化的判斷方法(1)做功情況看體積體積V減小→外界對氣體做功→W>0;體積V增大→氣體對外界做功→W<0;無阻礙地自由膨脹→W=0.(2)內能變化看溫度溫度T升高→內能增加→ΔU>0;溫度T降低→內能減少→ΔU<0.(3)吸熱還是放熱,一般題目中會告知,或由熱力學第一定律ΔU=Q+W,知道W和ΔU后確定Q.典例3 (2024·山東日照模擬)一定質量的理想氣體從狀態a開始,經歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態,其壓強p與熱力學溫度T的關系圖像如圖所示,其中ab的反向延長線過原點O.下列判斷正確的是( )A.ab過程中氣體一定吸熱B.bc過程中氣體既不吸熱也不放熱C.ca過程中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱D.b和c兩個狀態中,容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數相同1.[p V圖像與熱力學定律的綜合應用]1892年狄塞爾為描述內燃機熱力學過程建立了定壓加熱循環(狄塞爾循環),如圖所示為描述狄塞爾循環的p V圖像,A→B和C→D為絕熱過程,其中BC平行于V軸,DA平行于p軸,若一定質量的某種理想氣體經歷了A→B→C→D→A循環過程,下列說法正確的是( )A.A→B氣體的內能不變B.B→C氣體向外界放熱C.C→D氣體的內能增加D.一個循環過程,氣體從外界吸收熱量2.[V T圖像與熱力學定律的綜合應用](多選)一定量的理想氣體從狀態a經狀態b變化到狀態c,其過程如T-V圖上的兩條線段所示,則氣體在( )A.狀態a處的壓強大于狀態c處的壓強B.由a變化到b的過程中,氣體對外做功C.由b變化到c的過程中,氣體的壓強不變D.由a變化到b的過程中,氣體從外界吸熱E.由a變化到b的過程中,從外界吸收的熱量等于其增加的內能答案及解析1.思維辨析(1)做功和熱傳遞的實質是相同的.(×)(2)絕熱過程中,外界壓縮氣體做功20 J,氣體的內能一定減少. (×)(3)物體吸收熱量,同時對外做功,內能可能不變.(√)(4)電冰箱的工作過程表明,熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞. (√)2.關于熱力學定律,下列說法正確的是( )A.在一定條件下,物體的溫度可以降到0 KB.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功C.吸收了熱量的物體,其內能一定增加D.壓縮氣體總能使氣體的溫度升高解析:熱力學的絕對零度不可能達到,A錯誤;根據熱力學第二定律,物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于對外做功,但會引起其他變化,B正確;物體從外界吸收了熱量,若全部用來對外界做功,其內能不變,C錯誤;壓縮氣體的過程對氣體做功,若氣體同時向外界釋放熱量,根據能量守恒定律可知,氣體的內能可能減少,溫度可能降低,D錯誤.答案:B3.一定質量的理想氣體,從某一狀態開始,經過一系列變化后又回到初始狀態.W1表示外界對氣體做的功,W2表示氣體對外界做的功,Q1表示氣體吸收的熱量,Q2表示氣體放出的熱量.在整個過程中一定有( )A.Q1-Q2=W2-W1 B.Q1=Q2C.W1=W2 D.Q1>Q解析:根據題意可知,W1為正功,W2為負功,Q1為正,Q2為負,故W=W1-W2,Q=Q1-Q2,因為氣體從某一狀態開始,經過一系列變化后又回到開始的狀態,所以ΔU=W+Q=0,即(W1-W2)+(Q1-Q2)=0,所以A正確.答案:A考點 熱力學第一定律典例1 (2023·全國甲卷)(多選)在一汽缸中用活塞封閉著一定量的理想氣體,發生下列緩慢變化過程,氣體一定與外界有熱量交換的過程是( )A.氣體的體積不變,溫度升高B.氣體的體積減小,溫度降低C.氣體的體積減小,溫度升高D.氣體的體積增大,溫度不變E.氣體的體積增大,溫度降低解析:氣體的溫度升高,則氣體的內能增多,體積不變,氣體做功為零,因此氣體吸收熱量,A正確;氣體的溫度降低,則氣體的內能減少,體積減小,外界對氣體做功,由熱力學第一定律ΔU=W+Q可知氣體對外放熱,B正確;氣體的溫度升高,則氣體的內能增多,體積減小,外界對氣體做功,由熱力學第一定律ΔU=W+Q可知Q可能等于零,即沒有熱量交換過程,C錯誤;氣體的溫度不變,則氣體的內能不變,體積增大,氣體對外界做功,由熱力學第一定律ΔU=W+Q可知Q>0,即氣體吸收熱量,D正確;氣體的溫度降低,則氣體的內能減少,體積增大,氣體對外界做功,由熱力學第一定律ΔU=W+Q可知Q可能等于零,即沒有熱量交換過程,E錯誤.故選ABD.1. [熱力學第一定律的應用]如圖所示,內壁光滑的絕熱汽缸內用絕熱活塞封閉一定質量的理想氣體,初始時汽缸開口向上放置,活塞處于靜止狀態,將汽缸緩慢轉動90°的過程中,缸內氣體( )A.內能增加,外界對氣體做正功B.內能減小,所有分子熱運動速率都減小C.溫度降低,速率大的分子數占總分子數比例減少D.溫度升高,速率大的分子數占總分子數比例增加解析:由題干中“絕熱汽缸內”“絕熱活塞”信息可知Q=0,汽缸緩慢轉動90°的過程中,缸內氣體壓強減小,體積變大,氣體對外界做功,W<0,由熱力學第一定律可知,ΔU=W+Q<0,所以氣體內能減少,故A錯誤;缸內氣體內能減少,溫度降低,分子平均動能減少,但不是所有分子熱運動速率都減小,故B錯誤;缸內氣體溫度降低,由氣體分子速率分布規律可得,速率大的分子數占總分子數比例減少,故C正確,D錯誤.答案:C2.[氣體實驗定律與熱力學第一定律的綜合應用](多選)一定質量的理想氣體,初始溫度為300 K,壓強為1×105 Pa.經等容過程,該氣體吸收400 J的熱量后溫度上升100 K;若經等壓過程,需要吸收600 J的熱量才能使氣體溫度上升100 K.下列說法正確的是( )A.初始狀態下,氣體的體積為6 LB.等壓過程中,氣體對外做功400 JC.等壓過程中,氣體體積增加了原體積的D.兩個過程中,氣體的內能增加量都為400 J解析:令理想氣體的初始狀態的壓強、體積和溫度分別為p1=p0,V1=V0,T1=300 K,經等容過程后為狀態二:p2=?,V2=V1=V0,T2=400 K,經等壓過程后為狀態三:p3=p0,V3=?,T3=400 K,由理想氣體狀態方程可得==,解得p2=p0,V3=V0,即等壓過程中體積增加了原來的,C錯誤;等容過程中氣體做功為零,由熱力學第一定律有ΔU=W+Q=400 J,兩個過程的初、末溫度相同即內能變化相同,因此內能增加都為400 J,D正確;等壓過程內能增加了400 J,吸收熱量為600 J,由熱力學第一定律可知氣體對外做功為200 J,即做功的大小為W=p0=200 J,解得V0=6 L,A正確,B錯誤.答案:AD考點 熱力學第二定律典例2 (2022·湖南卷)(多選)利用“渦流效應”可實現冷熱氣體的分離.如圖所示,一冷熱氣體分離裝置由噴嘴、渦流室、環形管、分離擋板和冷熱兩端管等構成.高壓氮氣由噴嘴切向流入渦流室中,然后以螺旋方式在環形管中向右旋轉前進,分子熱運動速率較小的氣體分子將聚集到環形管中心部位,而分子熱運動速率較大的氣體分子將聚集到環形管邊緣部位.氣流到達分離擋板處時,中心部位氣流與分離擋板碰撞后反向,從A端流出,邊緣部位氣流從B端流出.下列說法正確的是( )A.A端為冷端,B端為熱端B.A端流出的氣體分子熱運動平均速率一定小于B端流出的C.A端流出的氣體內能一定大于B端流出的D.該裝置氣體進出的過程滿足能量守恒定律,但違背了熱力學第二定律E.該裝置氣體進出的過程既滿足能量守恒定律,也滿足熱力學第二定律解析:依題意,中心部位為熱運動速率較低的氣體,與擋板相互作用后反彈,從A端流出,而邊緣部分熱運動速率較高的氣體從B端流出,同種氣體分子平均熱運動速率越大,其對應的溫度也就越高,所以A端為冷端,B端為熱端,故A正確.依題意,A端流出的氣體分子熱運動速率較小,B端流出的氣體分子熱運動速率較大,所以從A端流出的氣體分子熱運動平均速率小于從B端流出的,故B正確.A端流出的氣體分子熱運動速率較小,B端流出的氣體分子熱運動速率較大,則從A端流出的氣體分子平均動能小于從B端流出的氣體分子平均動能,內能的多少還與分子數有關,依題意,不能得出從A端流出的氣體內能一定大于從B端流出的氣體內能,故C錯誤.該裝置將冷熱不均的氣體進行分離,噴嘴處有高壓,即通過外界做功而實現,并非是自發進行的,沒有違背熱力學第二定律;溫度較低的從A端出,溫度較高的從B端出,也符合能量守恒定律,故D錯誤,E正確.故選ABE.1.[對熱力學定律的理解]下列關于能量轉換過程的敘述,違背熱力學第一定律的有________,不違背熱力學第一定律、但違背熱力學第二定律的有________.A.汽車通過燃燒汽油獲得動力并向空氣中散熱B.冷水倒入保溫杯后,冷水和杯子的溫度都變得更低C.某新型熱機工作時將從高溫熱源吸收的熱量全部轉化為功,而不產生其他影響D.冰箱的制冷機工作時從箱內低溫環境中提取熱量散發到溫度較高的室內解析:燃燒汽油產生的內能一方面向機械能轉化,同時向空氣轉移,既不違背熱力學第一定律,也不違背熱力學第二定律;冷水倒入保溫杯后,冷水和杯子的溫度都變得更低,需要對外做功或對外放出熱量,而保溫杯隔斷了傳熱過程,水也沒有對外做功,故違背熱力學第一定律;某新型熱機工作時將從高溫熱源吸收的熱量全部轉化為功,必然產生其他影響,故違背熱力學第二定律;制冷機消耗電能工作時從箱內低溫環境中提取熱量散發到溫度較高的室內,發生了內能的轉移,同時對外界產生了影響,既不違背熱力學第一定律,也不違背熱力學第二定律.答案:B C2.[熱力學定律與氣體實驗定律的綜合應用](多選)我國航天員漫步太空已變成現實,已知飛船在航天員出艙前先要“減壓”,在航天員從太空返回進入航天器后要“升壓”,因此飛船將此設施專門做成了一個艙,叫“氣閘艙”.其原理圖如圖所示,相通的艙A、B間裝有閥門K,指令艙A中充滿氣體,氣閘艙B內為真空,整個系統與外界沒有熱交換,打開閥門K后,A中的氣體進入B中最終達到平衡.若將此氣體近似看成為理想氣體,則下列說法正確的是( )A.氣體并沒有對外做功,氣體內能不變B.B中氣體可自發地全部退回到A中C.氣體溫度不變,體積增大,壓強減小D.氣體體積膨脹,對外做功,內能減小解析:氣體自由擴散,沒有對外做功,又因為整個系統與外界沒有熱交換,根據ΔU=W+Q可知內能不變,故A正確,D錯誤;根據熵增加原理可知一切宏觀熱現象均具有方向性,故B中氣體不可能自發地全部退回到A中,故B錯誤;因為內能不變,故溫度不變,因為氣閘艙B內為真空,故擴散后氣體體積V增大,根據玻意耳定律有pV=C(定值),可知p減小,故C正確.答案:AC考點 熱力學第一定律與氣體圖像的綜合應用典例3 (2024·山東日照模擬)一定質量的理想氣體從狀態a開始,經歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態,其壓強p與熱力學溫度T的關系圖像如圖所示,其中ab的反向延長線過原點O.下列判斷正確的是( )A.ab過程中氣體一定吸熱B.bc過程中氣體既不吸熱也不放熱C.ca過程中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱D.b和c兩個狀態中,容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數相同解析:ab過程圖線的反向延長線過原點,由=C分析可知氣體經歷等容變化,對外界做功為零,而氣體溫度升高,內能增大,根據熱力學第一定律可知氣體一定吸熱,A正確.bc過程中氣體經歷等溫變化,壓強減小,由=C可知氣體體積增大,氣體對外界做功,根據熱力學第一定律可知氣體一定吸熱,B錯誤.ca過程中氣體經歷等壓變化,溫度降低,內能減小,由=C可知氣體體積減小,外界對氣體做功,根據熱力學第一定律可知外界對氣體所做的功小于氣體所放的熱,C錯誤.b和c兩個狀態中,氣體溫度相同,分子平均動能相同,但b狀態比c狀態壓強大,所以b狀態下容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數比c狀態多,D錯誤.故選A.1.[p V圖像與熱力學定律的綜合應用]1892年狄塞爾為描述內燃機熱力學過程建立了定壓加熱循環(狄塞爾循環),如圖所示為描述狄塞爾循環的p V圖像,A→B和C→D為絕熱過程,其中BC平行于V軸,DA平行于p軸,若一定質量的某種理想氣體經歷了A→B→C→D→A循環過程,下列說法正確的是( )A.A→B氣體的內能不變B.B→C氣體向外界放熱C.C→D氣體的內能增加D.一個循環過程,氣體從外界吸收熱量解析:A→B過程絕熱,所以Q不變,氣體體積減小,外界對氣體做正功,即W>0,由熱力學第一定律ΔU=W+Q可知,氣體內能增大,A錯誤;B→C過程,氣體發生等壓變化,體積變大,溫度升高,即ΔU>0,氣體對外界做正功,即W<0,由熱力學第一定律ΔU=W+Q,可知氣體需要從外界吸收熱量,B錯誤;C→D過程絕熱,Q不變,氣體體積增大,即W<0,由熱力學第一定律ΔU=W+Q,可知氣體內能減小,C錯誤;一個循環過程,溫度不變,即ΔU=0,由圖像可知,氣體對外界所做正功大小為圖形ABCD的面積,即W<0,所以氣體會從外界吸熱,D正確.答案:D2.[V T圖像與熱力學定律的綜合應用](多選)一定量的理想氣體從狀態a經狀態b變化到狀態c,其過程如T-V圖上的兩條線段所示,則氣體在( )A.狀態a處的壓強大于狀態c處的壓強B.由a變化到b的過程中,氣體對外做功C.由b變化到c的過程中,氣體的壓強不變D.由a變化到b的過程中,氣體從外界吸熱E.由a變化到b的過程中,從外界吸收的熱量等于其增加的內能解析:根據理想氣體狀態方程可知T=·V,即T-V圖像的斜率為,則有pa=pb>pc,故A正確,C錯誤;理想氣體由a變化到b的過程中,因體積增大,則氣體對外做功,故B正確;理想氣體由a變化到b的過程中,溫度升高,則內能增大,由熱力學第一定律有ΔU=Q+W,而ΔU>0,W<0,則有ΔU=Q-|W|,可得Q>0,Q>ΔU,即氣體從外界吸熱,且從外界吸收的熱量大于其增加的內能,故D正確,E錯誤.答案:ABD(共40張PPT)第3講 熱力學定律與能量守恒定律第十四章 熱 學理清教材 強基固本答案解析答案解析重難考點 全線突破解析答案解析答案解析解析答案解析解析答案解析答案解析謝 謝 觀 看O 展開更多...... 收起↑ 資源列表 2025屆高中物理(人教版)一輪復習講義第十四章第3講 熱力學定律與能量守恒定律(含解析).docx 2025屆高中物理(人教版)一輪復習課件第十四章 第3講熱力學定律與能量守恒定律(共40張ppt).pptx 縮略圖、資源來源于二一教育資源庫