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2024-2025學年度（上)七校協作體11月高三聯考
物理試題
考試時間：·75分鐘滿分100分
命題校：鳳城一中瓦房店高中
第I卷（選擇題）
一、單選題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項
中，只有一項是符合題目要求的)
1、“判天地之美，析萬物之理”，領略建立物理規律的思想方法往往比掌握知識
本身更加重要。下面四幅課本插圖中包含的物理思想方法相同的是(
哲華
A.甲和乙
B.甲和丁
C.乙和丙
D.丙和丁
2.撐竿跳高是一項運動員經過持竿助跑，借助竿的支撐騰空。在完成一系列復
雜的動作后越過橫桿的運動。下列說法正確的是(
.)
A.運動員撐竿上升的過程中，竿的彈性勢能增大
B.運動員撐竿上升的過程中，運動員的重力勢能不變
C.運動員撐竿上升的過程中，運動員的機械能增大
D.運動員越過橫桿在空中運動的過程中處于超重狀態
3.如圖所示，實線為電場中方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子以不同速
度從M點射入電場，僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示，則(）
A.a一定帶正電，b一定帶負電
B。兩個粒子的電勢能均減小
C.a的加速度逐漸增大，b的加速度逐漸減小
D.a的動崖逐漸減小，b的動量逐漸增加
4.如圖甲所示的橢圓機是健身常用器材，簡化模型如圖乙所示。0、O,為固定
轉軸，A、B為可動轉軸，其間用輕質杠桿連接，C為手握位置，下列有關說法
正確的是（)
第1頁，共7頁
A.A、B兩點線速度大小一定相等
B.B、C兩點線速度方向一定相反
C,B點的運動軌跡為橢圓
D.B點線速度小于C點線速度
5.物塊與木板間的動摩擦因數為”，木板與水平面間的動摩擦因數為“，已知
最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度為，現對物塊施加一水平向
右的拉力F則木板加速度大小a可能是()
A.a=ug
B.a=2
3
C.a=4豎
3
D.a
6.如圖所示，在水平面上停放著一輛上表面水平的小車，小車上豎直固定著兩
端開口的細管(（細管可視為小車的一部分)，細管的彎曲部分BC段是半徑為R
的四分之一圓弧，與小車的上表面相切于C點，細管的豎直部分AB距離為2R,
小車左側固定一輕彈簧。現將一質量為m,可視為質點的小球從A處無初速度放
入細管，忽略一切摩擦阻力。已知小車的質量是2m,重力加速度為g。下列說法
正確的是（·）
A.小球在細管中運動時，小球和小車組成的系統動量守恒
B.輕彈簧能夠獲得的最大彈性勢能為2mgR
C.小球運動到C點時，小車在水平方向位移的大小為號R
D.小球運動到C點時，其速度大小為2√gR
777777777777777
7.北京時間2024年9月20日17時43分，我國在西昌衛星發射中心使用快舟
一號甲運載火箭，成功將天啟星座29一32星發射升空，衛星順利進入預定軌道，
發射任務獲得圓滿成功。已知衛星的運行速度的三次方”與其周期的倒數的的
關系圖像如圖所示。已知地球半徑為R引力常量為G,衛星繞地球的運動可看
做勻速圓周運動，下列說法正確的是(
)
第2頁，共7頁物理高三七校聯考參考答案：
題號 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B C B B D D C AC ACD CD
2 2 2
11． (1)＞ (2)C (3)m cos 2 m cos 3 m cos 11 sin 12 sin
2
3 sin 1
d 1 k 2g
12．(1) (2) 2 l
2
2 2 l (3)mg l
m
t t md d 1
l3 (4) g k
13．（1） 2mv0 tan
v
；（2） 0
cos
【詳解】（1）運動員在空中運動的過程，由平拋運動規律可知，水平方向的位移大小, 豎直
方向的位移大小
x v0t…………………………(1)
h 1 gt 2…………………………(2)
2
由幾何關系有
tan h …………………………(3)
x
則落至斜面時，運動員豎直方向的分速度大小
vy gt 2v0 tan …………………………(4)
該過程中，運動員的動量變化量大小
p mvy…………………………(5)
解得
p 2mv0 tan …………………………(6)
（2）運動員在空中運動過程中，距傾斜賽道最遠時的速度方向與傾斜賽道平行，有
vcos v0…………………………(7)
解得
答案第 1頁，共 5頁
{#{QQABIYYAggCAQBBAAQgCQQFgCgGQkhGACSgGhAAEIAIBSRNABAA=}#}
v v 0 …………………………(8)
cos
(1)(2)(3)(4)(6)(7)各 1分(5)(8)各分
mgL2 5 mgk 2
14．答案：（1） （2） （3） mgL
k 4 L2 5
解析：（1）設細線 a和 b中的拉力大小為 T， A、B兩球間的電場力大小為 F，對 AB兩球
整體分析可得
T 2mg…………………………(1)
對 B分析可得
T F mg…………………………(2)
兩球間電場力為
2
F Q k …………………………(3)
L2
解得
mgL2Q …………………………(4)
k
（2）設 A、B在 O點處產生的電場強度分別為 E1、E2，則
E Q …………………………(5)1 k L2
E2 k
Q
2L 2
…………………………(6)
且
E E1 E2…………………………(7)
解得
答案第 2頁，共 5頁
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E 5 mgk …………………………(8)
4 L2
（3）給小球 A、B同時施加方向相反、大小始終相等的水平拉力的過程中，A上方的細線
保持豎直，A的位置保持不變。
小球 B移動過程中，由動能定理得
W mg L Lcos53 0…………………………(9)
解得
W 2 mgL…………………………(10)
5
(1)(2)(3)(4)(5)(6)(7)(8) 各一分（9）3分（10）一分
15．(1) vB 6m/s
(2)i.0.2m≤R≤0.72m 15 4 6；ii.
10 4 6
【詳解】（1）A從 P點下滑到圓弧軌道最低點的過程，由機械能守恒定律
m gr 1A mAv
2
2 0
解得 A第一次與 B碰前速度大小
v0=4m/s…………………………(1)
對 A、B第一次彈性碰撞過程，由機械能守恒定律
1 m 2 1 2 1 2Av0 mAvA mBvB…………………………(2)2 2 2
由動量守恒定律
mAv0 mAvA mBvB…………………………(3)
解得
vA 2m/s， vB 6m/s…………………………(4)
答案第 3頁，共 5頁
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（2）i.若 B剛好能通過最高點 C，有
m v2m BBg …………………………(5)R1
B從 D點運動到最高點 C，由動能定理
m 1 2 1 2Bg 2R1 mBv mBv2 2 B
解得
R1=0.72m…………………………(6)
A運動到與圓軌道的圓心等高處，速度減為零，恰好不脫軌，由動能定理
m gR 1 A 2 0 mv
2
，
2 1
解得
R2=0.2m…………………………(7)
則圓軌道半徑范圍
0.2m≤R≤0.72m…………………………(8)
ii.B反彈后向左運動時，要想與 A碰撞，首先要通過圓軌道最高點 C，則
v2m g m B1B B R
B從最高點 C沿圓軌道滑下，到達底端 D，設其速度為 vB2， 由動能定理
m g 1 2R m v2 1B B B2 m v
2
2 2 B B1
解得
vB2=4m/s…………………………(9)
B從 M點向右運動到 N點，設 B在 N點的速度為 v1，由動能定理
1 1
mBgL mBv
2 m v2
2 1 2 B B
解得
答案第 4頁，共 5頁
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v1 2 6m/s…………………………(10)
B反彈后，若 B從 N點一直減速運動到 M點，設 B在 M點的速度為 v2，有
mBgL
1
m 2 1Bv2 m v
2
2 2 B 1
解得
v2 2 3m/s vB2
由上式可知，當傳送帶速度 v 傳=4m/s時，B向左運動，既能通過傳送帶，又能恰好通過最
高點 C。 …………………………(11)
B向右運動過程中，B相對傳送帶滑動的時間
t v 1 vB1 3 6 s g
B與傳送帶的相對位移
Δx1 L v傳t1 15 4 6 m…………………………(12)
B向左運動過程中，B相對傳送帶滑動的時間
v
t 傳
v1
2 6 2 s g
B與傳送帶的相對位移
v v
Δx2
1 傳 t2 v t2 10 4 6 m…………………………(13)2 傳
由于 B與傳送帶因摩擦產生的熱量
Q mBgΔx
故
Q1 x1 15 4 6 …………………………(14)
Q2 x2 10 4 6
(1)(2)(3)(4)(5)(6)(7)(8) (9)(10)各 1分(11)(12)(13)(14) 各 2分
答案第 5頁，共 5頁
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