資源簡介

廣東揭陽榕城2025年九年級物理科目期中試卷
1．（2025·榕城期中）下列有關聲的說法正確的是（　　）
A．用力敲打放有紙屑的鼓面，鼓發聲是因為鼓面上的紙屑振動
B．汽車安裝的倒車雷達是利用次聲波工作的
C．拉緊小提琴的琴弦能夠改變聲音的音調
D．道路兩旁的隔音墻是在聲源處減弱噪聲
2．（2025·榕城期中）關于能源、信息和材料，下列說法中錯誤的是
A．聲、光、電磁波都既能傳遞信息又能傳遞能量
B．用超導體材料制成輸電導線和電動機，能減少能量的損耗
C．能的總量雖然不變，但是能量的轉移和轉化具有方向性，所以依然要節約能源
D．我國建立的北斗衛星導航系統既能利用電磁波又能利用超聲波工作
3．（2025·榕城期中）下列有關光的現象中，正確的說法是
A．陽光下，微風吹拂的河面，波光粼粼，這里蘊含著光的反射
B．光與鏡面成30°角射在平面鏡上，則其反射角也是30°
C．人在照鏡子時，總是靠近鏡子去看，其原因是靠近時像會變大
D．平面鏡可以成實像
4．（2025·榕城期中）“霧、露、霜、雪”是自然界常見的氣象，關于它們的由來，下列說法正確的是（　　）
A．霧是水汽化而來 B．露是水蒸氣液化而來
C．霜是水凝固而來 D．雪是水升華而來
5．（2025·榕城期中）在扔鉛球比賽中，拋出手后的鉛球在空中運動軌跡如題圖所示，若忽略空氣阻力，關于小球在空中的運動情況，下列說法錯誤的是
A．鉛球最終落回地面時受到重力的作用
B．鉛球離開手后能繼續向前運動是因為慣性的作用
C．鉛球離開手后，向最高點運動的過程中木斷減速，到達最高點時速度不為零
D．鉛球落地時的速度一定大于離開手時的速度
6．（2025·榕城期中）如題圖電路，電源電壓恒定。閉合開關，向右移動滑動變阻器的滑片，下列說法正確的是
A．電壓表示數變大 B．電流表示數變小
C．小燈泡亮度變亮 D．電路消耗的總功率變大
7．（2025·榕城期中）如題圖所示，小球在裝滿淡鹽水的溢水杯中處于懸浮狀態，下列對實驗現象分析正確的是
A．往杯中加入清水，小球因浮力變小而下沉，容器底部受到液體的壓強變小
B．往杯中加入適量鹽，小球因浮力變大而上浮，容器部受到液體的壓強不變
C．往杯中加入適量鹽，小球因浮力變大而上浮，容器底部受到液體的壓強變小
D．小球可以懸浮在液體內任何位置，因此小球在液體內部所受的壓強處處相等
8．（2025·榕城期中）在原子、原子核、質子中空間尺度最大的是　 　 ，詩句“花氣襲人知驟暖”中包含著豐富的物理知識，詩人聞到了花香，屬于　 　現象；詩人通過聞香能感知到天氣轉暖，表明溫度越高，分子的　 　越劇烈。
9．（2025·榕城期中）太陽能是　 　能源(選填“可再生”或“不可再生").太陽能熱水器將太陽能　 　(選填“轉化”或“轉移”)為內能，目前核電站的核反應堆所發生的是反應　 　(選填核裂變”或“核聚變”)。
10．（2025·榕城期中）我國家庭電路的電壓是　 　V，家庭電路中電燈、電視、電風扇的連接方式是　 　(填“串聯”或“并聯”)；帶有金屬外殼的電水壺用三腳插頭，是為了使用時讓金屬外殼與　 　相連。
11．（2025·榕城期中）如題圖所示，用彈簧測力計測量木塊在水平木板上運動時受到的滑動摩擦力。測量時，彈簧測力計應該拉著木塊在水平木板上做　 　運動，此時木塊受到滑動摩擦力的大小是　 　N；若彈簧測力計拉著木塊在水平木板上做加速運動，則木塊受到的滑動摩擦力　 　(選填“變大”“不變”或“變小")。
12．（2025·榕城期中）如題圖所示，鉤碼總重2N，不計摩擦和繩重，甲圖中將鉤碼勻速向上提升時、拉力為　 　.N，如果把滑輪改成乙圖安裝使用，機械效率將比原來的　 　(大/小)；若乙圖中再加掛一鉤碼，機械效率與加掛前相比將　 　 (變大/變小/不變)。
13．（2025·榕城期中）小王和同學們參加研學旅行 ，汽車在公路上快速行駛時，他發現窗簾從打開的窗戶向外飄，這是因為窗外的空氣流速大，壓強　 　；車行駛到山頂時，他發現密封的零食包裝袋鼓起來了，這是因為山頂上的氣壓比山腳下的氣壓　 　；他們在山頂野炊，水沸騰時，測量發現水的沸點　 　(選填“高于”“等于”或“低于”)100℃。
14．（2025·榕城期中）兩個標有“5Ω1A”和“10Ω0.6A”的定值電阻，將它們串聯起來使用時等效電阻為　 　Ω，電源電壓最多為　 　V；若將它們并聯時，干路電流最大　 　A。
15．（2025·榕城期中）
（1）如圖所示一束激光α斜射向半圓形玻璃磚圓心o，結果在屏幕 MN上出現兩個光斑，請畫出形成兩個光斑的光路圖。
（2）如圖，杠桿OB可繞O點轉動，請作出物體A所受重力的示意圖和使杠桿在圖示位置平衡的最小力F及其力臂L。
（3）如圖，投影儀燈泡功率很大，所以需要風扇散熱，使用后，應先關閉燈泡L， 再關閉風扇M；請用筆畫線表示導線在如圖中把電路連接完整，要求實現：先斷開開關S1，燈泡熄滅，風扇繼續轉動，再斷開開關S2， 風扇才停止轉動：若只閉合開關S1， 燈泡不亮。
16．（2025·榕城期中）
（1）如題甲圖所示，被測物體的質量是　 　g；題乙圖中電壓表的，示數是　 　 V；題丙圖中停表所顯示的時間是　 　s。
（2）如圖所示，是探究“ 牛頓第一定律 ”的實驗裝置，實驗中讓同一小車從斜面上相同的高度由靜止滾下，其目的是讓小車到達斜面底部時　 　相同，從而讓小車在粗糙程度不同的水平面上運動。通過　 　來反映阻力對物體運動的影響。根據該實驗進一步推理得出：當小車運動到水平面上時，重力突然消失，則小車將做　 　運動。
17．（2025·榕城期中）某學習小組探究“凸透鏡成像的規律”，進行了如下操作。
（1）通過探究，記錄并繪制了像距v與物距u之間的關系圖像，如題甲圖所示，則該凸透鏡的焦距是　 　cm.
（2）當蠟燭燃燒一段時間后，燭焰的像將位于光屏中心的　 　方。可以將光屏往　 　調節，使像回到光屏的中央。
（3）如題乙圖所示，保持凸透鏡在50 cm刻度線處不動，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，應進行的操作是____。
A．將蠟燭左移，光屏左移 B．將蠟燭左移，光屏右移
C．將蠟燭右移，光屏左移 D．將蠟燭右移，光屏右移
（4）若將乙圖中的凸透鏡換成焦距為 30 cm 的凸透鏡，保持蠟燭和凸透鏡的位置不變，在光具座上無論怎樣移動光屏，都找不到像，原因是　 　. 。
（5）小明用若干發光二極管組成形狀如“A”的發光物體，將凸透鏡和光屏依次組裝到光具座上并調整好，移動光屏直到在光屏上成清晰的像為止，如題丙圖，此時發光物體在光屏上所成的像是題丁圖中的　 　 (填序號)。
18．（2025·榕城期中）在“測量小燈泡的電功率”實驗中，電源電壓為6V，小燈泡(電阻約為10Ω)的額定電壓為2.5V，可供選用的滑動變阻器R1 和R2的最大阻值分別為10Ω、30Ω.
（1）該實驗應該選用的滑動變阻器是　 　(選填“R1"或"R2")。連接電路時，開關應處于 　 　狀態。
（2）請用筆畫線代替導線，將題甲圖的實物圖補充完整，并使滑片P向左移動時小燈泡變暗　 　。(導線不能交叉)。
（3）閉合開關，移動滑動變阻器的滑片P，使電壓表的示數為2.5V，此時電流表的示數如題乙圖所示為　 　A.則小燈泡的額定功率為 　 　W。
（4）小華想換用其他規格的小燈泡再做該實驗，在未斷開開關的情況下，他直接將小燈泡從燈座上拔出。他的這種操作是錯誤的，容易損壞　 　 (選填"電壓表”或“電流表")。
19．（2025·榕城期中）在丹麥，狗拉雪橇被認定為合法交通工具。如題所示圖，60 kg的人坐在30 kg 的雪橇上，一群雪橇犬拉著雪橇勻速奔跑在水平雪地上， 30 min 后到達9 km遠的小鎮上。雪橇與雪地的總接觸面積為0.6m2，雪橇受到的摩擦力為人和雪橇總重力的0.05倍，g取 10 N/kg。求：
（1）雪橇對水平雪地的壓強；
（2）雪橇犬拉著雪橇奔跑時的速度；
（3）整個路程中雪橇犬對人和雪橇做功的功率。
20．（2025·榕城期中）如題甲圖是一個飲水機的工作原理圖，其中R1和R2是阻值不變的發熱電阻，飲水機加熱罐裝水2 kg， 水溫低于85℃時自動加熱，高于95℃時切換為保溫狀態；題乙圖是飲水機在一段時間內的電功率P隨時間t變化的圖像。[水的比熱容為4.2×103J/ (kg.℃)] 求：
（1）R1的阻值；
（2）飲水機工作一夜(8小時)消耗的電能；
（3）飲水機加熱時的加熱效率。
21．（2025·榕城期中）物理實驗小組的同學在實驗室做“驗證 阿基米德原理 ”的實驗。
（1）方案一：小佩用金屬塊按照如甲圖所示的實驗步驟進行實驗。
①根據題甲圖，計算出金屬塊浸沒在水中受到的浮力F浮和其排開水的重力G排，發現F浮　 　G排(選填“>”“<”“=”)，造成這種結果的原因不可能是　 　(填字母)；
A.整個實驗過程中，彈簧測力計都沒有進行調零
B.最初溢水杯中的水未達到溢水杯的溢水口
C.步驟C中，石塊浸沒后，碰觸到溢水杯的底部
②小佩改正錯誤后，得出金屬塊浸沒水中時受到的浮力為0.4N，則金屬塊的密度為　 　kg/m3。(g取10 N/kg)。
（2）方案二：小新將裝滿水的溢水杯放在升降臺C上，如乙圖所示。當小新逐漸調高升降臺時，發現隨著金屬塊浸人水中的體積變大，彈簧測力計A的示數逐漸　 　(選填“大”“變小”或“不變”)，且彈簧測力計A的示數變化量等干B的示數變化量，這說明了 　 　。在此過程中溢水杯中水對杯底的壓力　 　(選填“變大”“變小”或“不變”)
22．（2025·榕城期中）病毒肆虐，“無接觸”式的生活方式悄然走進我們的生活。如1圖為某款無接觸式的熱風干手器，其工作原理簡化圖如2圖所示。
（1）控制電路中的電磁繼電器主要是利用了電流的　 　效應，手伸入艙內，導致電阻R的阻值減小，控制電路的電流　 　(選填“增大”、“不變”或“減小”)，銜鐵被吸下，工作電路開始工作。
（2）該款干手器正常工作時工作電路總電流為5A，則電功率為　 　W；若加熱電阻絲阻值為880，則工作10s它產生熱量為　 　J；某家庭電路電能表如3圖所示，不使用其它用電器情況下，2臺該款干手器　 　(選填“能”或“不能”)同時工作。
（3）該款干手器吹出熱風溫度參數為35℃-45℃，下列操作能夠提高熱風溫度的是____.(選填相應選項的字母)。
A．在加熱電阻絲左端串聯一個同規格的加熱電阻絲
B．在加熱電阻絲兩端并聯一個同規格的加熱電阻絲
C．換用電功率更大的電動機。
23．（2025·榕城期中）閱讀短文，回答問題。
國產大飛機 C919
如圖所示，據新華財經報道，正在舉行的上海市“兩會”傳出消息，2021年，上海將推動國產大飛機 C919 取得適航證并交付首架。
C919機艙內覆有一層高孔率“超細航空級玻璃棉”，能很好地保溫與吸收噪音，其單絲纖維的直徑只有3~5 m， 1m3的質量為5 kg。
機艙內先進的“呼吸系統”使飛機在氣壓只有2.5×104Pa 左右的萬米高空時，能將機外-50°℃以下的冷空氣不斷壓縮，使送入艙內的空氣溫度達到50℃以上，同時系統依靠傳感器的自動控制，使艙內氣壓和溫度維持體感舒適值。
該機有較大的翼載，翼載指飛機的最大起飛質量與機翼面積的比值；機上搭載的新一代渦扇發動機的熱效率和推進效率比一般客機高，所謂熱效率是指發動機獲得的機械能與燃料完全燃燒產生的內能之比，而推進效率則是指發動機傳遞給飛機的推進功(推力所做的功)與其獲得的機械能之比，下表是飛機的部分技術參數。
最大起飛質量 72.5t 客艙內氣壓 8.0×104Pa
巡航速度 920km/h 發動機的巡航推力 3.6x104N
（1）下列關于“超細航空級玻璃棉”性質的描述中不正確的是____.
A．單絲纖維比頭發細 B．密度與玻璃差不多
C．隔音性能相對較好 D．導熱能力相對較弱
（2）在萬米高空，機體1m2面積上承受內外氣壓的壓力差約為　 　N；為確保機艙內的溫度維持體感舒適值，機上空調需要不斷　 　(選填“加熱”或“制冷”)。
（3） C919在適航認證階段，其中非常重要的一項就是結冰試驗。飛機表面結冰是由于飛機飛行過程中過冷的水滴或降雨碰到機體后　 　 (填物態變化名稱)形成的，也可由水蒸氣在機體表面　 　(填物態變化名稱)形成。
（4）若飛機的翼載是 500kg/m2，則機翼面積為　 　 m2.
（5）若飛機以巡航速度飛行0.5h的過程中，耗油1500kg，發動機的熱效率為40%，則此過程中發動機的推進效率為　 　%。(燃油熱值q取4.6×107J/kg)。
答案解析部分
1．【答案】C
【知識點】聲音的產生；音調及音調與頻率的關系；防治噪聲的途徑
【解析】【解答】A．聲音是由于物體振動產生的，鼓的聲音是因為鼓在振動，A不符合題意；
B．汽車安裝的倒車雷達是利用超聲波工作的，不是次聲波，B不符合題意；
C．拉緊小提琴的琴弦可以使琴弦振動變快，振動頻率越快，音調越高，C符合題意；
D．減弱聲音的三個途徑，在人耳處減弱，在傳播過程中減弱，在聲源處減弱。道路兩旁的隔音墻是在傳播過程中減弱，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】鼓的聲音是因為鼓被敲打而振動，倒車雷達利用超聲波工作；拉緊小提琴的琴弦可以使琴弦振動變快，振動頻率越快，音調越高；道路兩旁的隔音墻是在傳播過程中減弱噪聲。
2．【答案】D
【知識點】能源與可持續發展；超導體特點及作用；信息與信息傳播；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】A.聲、光、電磁波都既能傳遞信息又能傳遞能量，故A正確；
B.超導現象是指某些材料在溫度降到足夠低的時候，它的電阻變為0的現象。假如科學家已研制出常溫下就能使用的超導體，利用超導體的零電阻可以實現遠距離輸電，也可以做電動機線圈等，此時電流產生的熱量為0，所以可以減少能量的損耗，故B正確；
C.能量的轉移與轉化具有方向性，如：消耗的內能不能收集起來再利用。因此要節約能源，故C正確；
D.北斗衛星導航系統是利用電磁波來進行定位和導航的，不是利用超聲波工作的（超聲波在真空中不能傳播），故D錯誤。
故選D。
【分析】（1）聲、光、電磁波都能夠傳遞信息和能量；
（2）超導體的電阻為零，電流流過超導體時不會產生熱量，凡是利用電流熱效應工作的設備，都不能使用超導體。超導體適合制作輸電導線和電動機線圈等；
（3）自然界中能量是守恒的，但消耗的能源產生的能量不能充分利用，以其它能量的形式損失掉。能量在轉化中具有方向性；能重復利用或循環獲得的能量是可再生的，否則是不可再生的；
（4）電磁波的傳播不需要介質，電磁波可以在固體、液體、氣體中傳播，也可以在真空中傳播。真空不能傳聲。
3．【答案】A
【知識點】光的反射定律；平面鏡成像的原理、特點
【解析】【解答】A.陽光下，微風吹拂的河面，波光粼粼，是光的反射造成的，故A正確；
B.光與鏡面成30°角射在平面鏡上，則入射角為60°，由反射定律可得，其反射角也是60°，故B錯誤；
C.平面鏡所成的像始終與物體等大，人在照鏡子時，靠近鏡子去看，可以增大視角，但像的大小不變，故C錯誤；
D.老年人通過放大鏡看書，看到的字的虛像，是利用凸透鏡能成放大正立的虛像，故D錯誤；
故選A。
【分析】（1）光從空氣射向水面，在水面上發生反射，使水波看起來波光粼粼；
（2）入射角是入射光線與法線的夾角，反射角是反射光線與法線的夾角。在反射現象中，反射角等于入射角；
（3）人在照鏡子時，總是靠近鏡子去看，其原因是靠近時平面鏡感覺像變大，這是視角問題；
（4）平面鏡成像的特點：像與物體大小相等，像和物到平面鏡的距離相等，像和物體的連線與鏡面垂直；平面鏡成的是虛像。
4．【答案】B
【知識點】液化及液化放熱；凝華及凝華放熱
【解析】【解答】A B．霧和露都是空氣中的水蒸氣液化放熱形成的，A不符合題意，B符合題意；
C D．霜和雪都是水蒸氣凝華放熱形成的，CD不符合題意；
故答案為：B。
【分析】露、霧是液化形成的，霜、雪是凝華形成的。
5．【答案】B
【知識點】重力及其大小的計算；慣性及其現象；拋球問題
【解析】【解答】A.鉛球最終落回地面時，是因為它受到重力的作用，而重力的方向是豎直向下的，故A正確；
B.慣性是物體本身的一種屬性，慣性不是力，不能說物體受到慣性的作用，故B錯誤；
C.鉛球到達最高點時，豎直方向上速度為零，但水平方向上速度不為零，故C正確；
D.若忽略空氣阻力，機械能守恒，但鉛球落地時的高度小于離開手時高度，即鉛球落地時的重力勢能小于離開手時重力勢能，故鉛球落地時的動能大于離開手時動能，所以球落地時的速度一定大于離開手時的速度，故D正確。
故選B。
【分析】（1）重力的方向是豎直向下的；
（2）慣性是物體本身的一種屬性，不是力，不能說“受到慣性力作用”或“慣性作用”；
（3）鉛球到達最高點時，豎直方向上速度為零，但水平方向上速度不為零，分析時需要考慮兩個方向；
（4）若忽略空氣阻力，機械能守恒，根據機械能守恒分析。
6．【答案】B
【知識點】電路的動態分析；電功率的計算；并聯動態電路分析
【解析】【解答】由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器并聯，電壓表測電源的電壓，電流表測干路中的電流；
A.由于電壓表測量的是電源電壓，所以電壓表示數不變，故A錯誤；
BC.當滑片P向右移動時，變阻器接入電路中的電阻變大，由可知，通過滑動變阻器的電流變小；
并聯電路各支路互不影響，所以通過燈泡的電流不變，燈泡的功率不變，其亮度不變；
根據并聯電路的電流特點I=IL+IR可知，干路中的電流變小，即電流表的示數變小；故B正確，C錯誤；
D.電源電壓不變，總電流減小，根據P=UI可知，總功率變小，故D錯誤。
故選B。
【分析】由圖知，燈泡與滑動變阻器串聯，電流表測電路中電流，電壓表測滑動變阻器兩端電壓，根據串聯電路特點和歐姆定律即可解答。
7．【答案】A
【知識點】液體壓強的特點；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】A.往杯中加入清水，液體密度減小，根據F浮=ρ液gV排可知，小球受到的浮力減小，浮力小于重力而下沉；但容器內液體的深度不變，根據p=ρ液gh可知，容器底部受到液體的壓強變小，故A正確；
BC.往杯中加入適量鹽，液體密度增大，根據F浮=ρ液gV排可知，小球受到的浮力增大，浮力大于重力而上浮；但容器內液體的深度不變，根據p=ρ液gh可知，容器底部受到液體的壓強變大，故BC錯誤；
D.小球可以懸浮在液體內任何位置，是因為浮力等于重力，不是因為液體內部的壓強，而且液體內部的壓強隨深度的增加而增加，不是處處相等，故D錯誤；
故選A。
【分析】(1)根據F浮=ρ液gV排判斷小球受到的浮力的變化，從而判斷出浮沉；影響液體壓強因素：液體的密度和深度；
(2)根據F浮=ρ液gV排判斷出浮力的變化，根據p=ρgh判斷容器底部受到液體的壓強的變化；
(3)液體的壓強隨深度的增加而增加。
8．【答案】原子；擴散；無規則運動（熱運動）
【知識點】分子熱運動；原子結構
【解析】【解答】在原子、原子核、質子中空間尺度最大的是原子，詩人聞到了花香，屬于擴散現象； 詩人通過聞香能感知到天氣轉暖，表明溫度越高，分子的無規則運動（熱運動）越劇烈。
【分析】物質是由分子和原子組成，原子由原子核和核外電子構成，原子核由質子和中子組成，據此進行分析；
擴散現象表明一切物質的分子都在不停地做無規則運動，溫度越高，分子的無規則運動越劇烈。
9．【答案】可再生；轉化；核裂變
【知識點】能量的轉化或轉移；核裂變；能源與可持續發展
【解析】【解答】太陽能可從太陽源源不斷獲得，屬于可再生能源；
太陽能熱水器吸收太陽的光能，將太陽能轉化為熱水器內水的內能；
目前核電站的核反應堆所發生的是核裂變反應。
【分析】(1)能從自然界源源不斷獲得或可以重復利用的能源是可再生能源，不能從自然界源源不斷獲得或不可以重復利用的能源是不可再生能源；
(2)太陽能熱水器吸收太陽的光能，將光能轉化為熱水器的內能；
(3)目前核電站是利用核裂變進行發電的。
10．【答案】220；并聯；大地
【知識點】電壓和電壓的單位換算；安全用電原則；電路的基本連接方式
【解析】【解答】(1)由電學常識可知，我國家庭電路的電壓為220V；
(2)家庭電路中電燈、電視、電風扇在工作時互不影響，所以是并聯的關系；
(3)用電器的金屬外殼一定要接地(與大地相連)，避免用電器的金屬外殼漏電時發生觸電事故。
【分析】(1)我國家庭電路的電壓為220V；
(2)串聯電路各用電器器之間互相影響，并聯電路中各用電器既可以獨立工作，又互不影響；
(3)家庭電路中為了安全用電，金屬外殼都要接地，金屬外殼的用電器漏電時，地線把人體短路，避免觸電事故的發生。
11．【答案】勻速直線；1.6；不變
【知識點】二力平衡的條件及其應用；探究影響摩擦力大小因素的實驗
【解析】【解答】當彈簧測力計拉著木塊在水平木板上做勻速直線運動時，木塊在水平方向上受到的拉力和滑動摩擦力是一對平衡力，大小相等，這樣才能準確測量出滑動摩擦力的大小；
由圖可知，彈簧測力計的分度值為0.2N，指針指在1N后第3小格處，所以彈簧測力計的示數為1.6N，因為木塊做勻速直線運動時拉力等于滑動摩擦力，所以此時木塊受到滑動摩擦力的大小是1.6N；
滑動摩擦力的大小只與壓力大小和接觸面的粗糙程度有關，當彈簧測力計拉著木塊在水平木板上做加速運動時，壓力大小和接觸面的粗糙程度都沒有改變，所以木塊受到的滑動摩擦力不變。
【分析】（1）根據二力平衡的條件分析；
（2）根據彈簧測力計的分度值讀數；
（3）根據滑動摩擦力大小的影響因素分析滑動摩擦力的大小變化。
12．【答案】2；小；變大
【知識點】定滑輪及其工作特點；滑輪（組）的機械效率；增大或減小機械效率的方法
【解析】【解答】甲圖是定滑輪，定滑輪不省力，不計摩擦和繩重，拉力F=G=2N；
乙圖是動滑輪，動滑輪在提升物體時，要克服動滑輪自身重力做額外功。根據機械效率公式，在有用功W有=Gh（G是物體重力，h是物體上升高度）相同的情況下，乙圖的額外功比甲圖大，所以乙圖的機械效率比甲圖小；
對于動滑輪，機械效率公式，當乙圖中再加掛一鉤碼時，G物增大，G動不變，減小，減小，增大，即機械效率變大。
【分析】（1）定滑輪的工作特點：使用定滑輪可以改變力的方向，但不省力；
（2）根據機械效率可知，有用功相同時，額外功越大，機械效率越低；
（3）其它條件不變時，同一滑輪組提升的物體重力越大，機械效率越大。
13．【答案】小；小；低于
【知識點】大氣壓強與高度的關系；沸點及沸點與氣壓的關系；流體壓強與流速的關系
【解析】【解答】窗簾從打開的窗戶向外飄，這是因為窗外的空氣流速大，壓強小，車內氣壓較大，將窗簾壓向窗外。
車行駛到山頂時，他發現密封的零食包裝袋鼓起來了，這是因為山頂上的氣壓比山腳下的氣壓小。
他們在山頂野炊，水沸騰時，測量發現水的沸點低于100℃。
【分析】1.在氣體或液體中，流速越大的位置，壓強越小；
2.海拔高度越高，大氣壓強越小，液體沸點越低。
14．【答案】15；9；1.5
【知識點】并聯電路的電流規律；電阻的串聯；歐姆定律及其應用
【解析】【解答】兩個電阻串聯時的總電阻為：
R總= 5Ω + 10Ω = 15Ω
所以將它們串聯起來使用時等效電阻為15Ω 。
根據串聯電路電流的規律可知，兩電阻串聯時，電路中的電流最大為0.6A，則電源電壓最多為：
U=IR總=0.6Ax15Ω=9V
兩電阻兩端允許的最大電壓分別為：
U1=I1R1=1A×5Ω=5V，
U2=I2R2=0.6A×10Ω=6V，
比較可知U1此時通過R1電阻的電流為I1=1A，
通過R2電阻的電流：
則并聯電路中干路上允許的最大電流為：
I總=I1+I2'=1A+0.5A=1.5A。
【分析】根據串聯電阻規律R串=R1+R2計算串聯的等效電阻；
串聯電路電流處處相等，為了不損壞電阻，比較兩電阻允許通過的最大電流，選其中較小的電流；然后根據串聯電路電阻的特點求出總電阻，再利用U=IR即可求出電源電壓的最大值；
并聯電路兩端電壓相等，為了不損壞電阻，根據U=IR分別求出各電阻兩端允許的最大電壓，然后比較，選其中較小的電壓，再利用歐姆定律分別求出各支路電流，最后利用并聯電路電流的特點求出干路上允許的最大電流。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知識點】作光的反射光路圖；作光的折射光路圖；杠桿中最小力的問題；串、并聯電路的設計
【解析】【解答】（1）光線從空氣斜射到玻璃磚表面時，會同時發生反射和折射現象，根據光的反射定律，過入射點在玻璃磚左側畫出反射光線，注意反射角等于入射角；發生折射時，折射光線向法線偏折，折射角小于入射角，據此作出第一條折射光線，折射光線從玻璃磚射入空氣中時，由于此光線是由圓心О射出，當經過第二個折射面時，正好與該入射點處的切線垂直，因此第二次折射光線的傳播方向不變，光路圖如下所示：
（2）重力的方向是豎直向下的，從物體的重心畫一條帶箭頭的豎直向下的有向線段，用G表示，即為物體所受重力的示意圖；
由杠桿平衡條件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，動力越小；圖中支點在0點，動力作用在B點，則OB為最長的動力臂，因此連接OB，過B點作垂直于OB向上的力，即為最小動力F的示意圖，如圖所示：
（3）由題知，先斷開開關S1，燈泡熄滅，風扇繼續轉動，再斷開開關S2，風扇才停止轉動，燈和風扇并聯；若只閉合開關S1，燈泡不亮。由此可知S1在燈所在支路上，S2在干路上，如圖所示：
【分析】（1）根據反射定律：反射光線、入射光線、法線在同一個平面內，反射光線與入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角，畫出反射光線；根據光由空氣斜射進入玻璃時遵循：折射光線、入射光線、法線在同一個平面內，折射光線、入射光線分居法線兩側，折射角小于入射角，作出折射光線，光從玻璃垂直進入空氣傳播方向不改變；
（2）根據重力的方向是豎直向下的，從重心做豎直向下的力，可得物體所受重力示意圖；
重物對杠桿的拉力為阻力，阻力、阻力臂一定時，根據杠桿平衡條件可知，動力臂越長越省力，確定最長的動力臂，垂直力臂畫出最小力的示意圖；
（3）先分析題意，得出燈、電風扇的連接方式，以及兩個開關的位置，據此連接電路，注意開關要接在火線和用電器之間。
16．【答案】（1）62.4；11.5；83
（2）速度；比較小車在水平面運動的距離；勻速直線運動
【知識點】質量的測量與天平的使用；時間及其測量；阻力對物體運動影響的探究實驗；電壓的測量及電壓表的使用
【解析】【解答】（1）在標尺上，1g之間有5個小格、1小格代表0.2g，則物體質量：m=50g+10g+2.4g=62.4g；
電壓表選擇的是0~15V量程，分度值為0.5V，則示數為11.5V；
秒表的中間的表盤代表分鐘，周圍的大表盤代表秒，秒表讀數是兩個表盤的示數和，則圖中停表所顯示的時間是：
t=60s+23s=83s。
(2)為了探究大小不同的摩擦力對小車的運動速度改變的影響情況，應使小車在進入平面時運動速度相同，在實驗中應該讓小車放在斜面上從同一高度滑下；
本實驗控制小車下滑到水平面時的初速度相同，實驗中通過比較小車在水平面運動的距離來反映阻力對物體運動的影響，使用的探究方法是轉換法；
據牛頓第一定律，一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態。當小車運動到水平面上時，重力突然消失，支持力也消失，此時小車在水平方向上不受力，將保持原來的速度做勻速直線運動。
【分析】（1）確定游碼的分度值，讀出游碼質量，物體的質量等于砝碼質量加游碼質量；
先確定電壓表選擇的量程，確定分度值，然后讀出電壓表的示數；
停表讀數時，先讀小圈（分鐘），再讀大圈（秒鐘），最后將分鐘和秒鐘的時間加起來即為停表讀數；
（2）本題探究“阻力對物體運動的影響”，要控制小車下滑到水平面的初速度相同，比較小車在不同材質（接觸面粗糙程度不同）的水平面上通過的距離長短來反映阻力對物體運動的影響，據此分析回答；
據牛頓第一定律，一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態，據此解答。
17．【答案】（1）5.0
（2）上；上
（3）D
（4）物距小于焦距，成的像是虛像，虛像不能用光屏承接
（5）②
【知識點】凸透鏡成像規律及其探究實驗
【解析】【解答】（1）根據凸透鏡成像規律，當物距u=2f時，像距v=2f，此時u=v。從題甲圖看到，當u= v=10.0cm時，滿足上述關系，所以2f = 10.0cm，則該凸透鏡的焦距：
；
（2）根據過光心的光線傳播方向不變，當蠟燭燃燒一段時間后，蠟燭變短，燭焰的像將向上移動，位于光屏中心的上方。為了使像回到光屏的中央，可以將光屏往上調節；
（3）根據凸透鏡成像規律“物近像遠像變大”，保持凸透鏡在50cm刻度線處不動，要在光屏上得到更大的清晰的像，需要減小物距，增大像距。即應將蠟燭右移（減小物距），同時光屏也右移（增大像距），所以應選擇D選項；
（4）將乙圖中的凸透鏡換成焦距為30cm的凸透鏡，保持蠟燭和凸透鏡的位置不變，從乙圖看到此時物距小于焦距（物距小于30cm）。根據凸透鏡成像規律，當物距小于焦距時，成正立、放大的虛像，虛像不能用光屏承接，所以在光具座上無論怎樣移動光屏，都找不到像；
（5）由丙圖可知，物距小于像距，根據凸透鏡成像規律，當物距小于像距時，成倒立放大的實像，故選丁圖中的②。
【分析】（1）根據凸透鏡成像規律，物距等于像距等于二倍焦距計算凸透鏡的焦距；
（2）根據過光心的光線傳播方向不變，當蠟燭燃燒一段時間后，蠟燭變短，燭焰的像將向上移動，據此判斷燭焰的像的位置和光屏調節的方向；
（3）根據凸透鏡成像規律“物近像遠像變大”判斷蠟燭和光屏移動的方向；
（4）將乙圖中的凸透鏡換成焦距為30cm的凸透鏡，保持蠟燭和凸透鏡的位置不變，從乙圖看到此時物距小于焦距（物距小于30cm）。根據凸透鏡成像規律，當物距小于焦距時，成正立、放大的虛像；
（5）根據凸透鏡成像規律，當物距小于像距時，成倒立放大的實像，據此解答。
18．【答案】（1）R2；斷開
（2）
（3）0.3；0.75
（4）電壓表
【知識點】探究用電器的電功率實驗
【解析】【解答】(1)燈泡正常工作時的電壓U燈=2.5V，根據歐姆定律可得，此時電路中的電流約為：
由串聯電路中總電壓等于各分電壓之和可知：滑動變阻器分壓：
U滑=U-U燈=6V-2.5V=3.5V，
由于串聯電路中各處的電流相等，則滑動變阻器接入電路中的電阻約為：
，
故滑動變阻器應選R2；
連接電路時，開關應處于斷開狀態，這樣可以保護電路安全；
(2) 根據題意，要使滑片P向左移動時小燈泡變暗，電阻要變大，電流要減小，由圖可知：滑動變阻器的右上方已經連接，根據“一上一下”的原則可知，將右下端的接線柱與電源的正極相連即可；如圖：
（3）由圖2可知，電流表的量程為0~0.6A，分度值為0.02A，示數為0.3A，則燈泡的額定功率
P=U，I=2.5V ×0.3A=0.75W；
(4)由電路圖知，電壓表并聯在燈泡兩端，電流表測的是電路的電流，在未斷開開關的情況下，直接將小燈泡從燈座上拔出，相當于燈泡開路，電壓表的正負接線柱與電源的正負極相連接，所以示數變大。
【分析】(1)根據串聯電路電壓特點，求出燈泡正常工作時，滑動變阻器兩端的電壓，再根據歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的電阻，即可選擇合適的滑動變阻器；在連接電路時為了保護電路，開關處于斷開狀態；
(2)根據題目要求，向左移動滑片燈泡要變暗，滑動變阻器的阻值要變大，下端接線柱要選擇右下端的接線柱，將滑動變阻器按照“一上一下”的原則串聯連入電路即可；
(3)根據電流表的量程和分度值讀出其示數，根據P=UI求出燈泡的額定功率；
(4)在未斷開開關的情況下，直接將小燈泡從燈座上拔出，相當于燈泡開路，根據開路的特點和電壓表的測量對象即可判斷示數變化。
19．【答案】（1）解：水平雪地上，雪橇對水平雪地的壓力等于人和雪橇的總重力：
雪橇對水平雪地的壓強：
答：雪橇對水平雪地的壓強為1500Pa。
（2）解：時間t=30min=1800s，路程s=9km=9000m，
雪橇犬拉著雪橇奔跑時的速度：
答：雪橇犬拉著雪橇奔跑時的速度為5m/s。
（3）解：雪橇犬拉著雪橇勻速奔跑，雪橇受到的拉力等于雪橇受到的摩擦力，等于人和雪橇總重力的0.05倍：
整個路程中雪橇犬對人和雪橇做功的功率：
P=F拉v=45N×5m/s=225W
答：整個路程中雪橇犬對人和雪橇做功的功率為225W。
【知識點】功率的計算；速度公式及其應用；壓強的大小及其計算
【解析】【分析】（1）水平面上壓力等于人和雪橇的總重力，根據計算雪橇對水平雪地的壓強；
（2）根據計算雪橇犬拉著雪橇奔跑時的速度；
（3）雪橇犬拉著雪橇勻速奔跑，雪橇受到的拉力等于雪橇受到的摩擦力，等于人和雪橇總重力的0.05倍，計算出雪橇受到的拉力，根據P=Fv計算整個路程中雪橇犬對人和雪橇做功的功率。
20．【答案】（1）解：根據加熱功率大于保溫功率，由圖甲可知，當開關S1閉合，S2斷開時，R1、R2串聯，飲水機處于保溫狀態，此時電路功率；閉合開關S1和S2時，只有R1工作，飲水機處于加熱狀態，此時電路功率；由乙圖可知加熱功率：
，
解得：R1=24.2Ω
（2）解：由圖乙可知，飲水機每隔6min加熱一次，在這6min內消耗的電能為：
W=P加熱t加熱+P保溫t保溫=2000W x 60s+80W x 300s=1.44×105J
答：這6min內消耗的電能為1.44×105J。
（3）解：由題意可知，當水溫為85℃時，開始加熱，溫度達到95℃時停止加熱，由乙圖知，此時加熱時間為t=1min=60s，1min內水吸收的熱量為：
飲水機加熱1min消耗的電能為：
飲水機加熱時的加熱效率為：
答：飲水機加熱時的加熱效率為70%。
【知識點】電功的計算；電功與熱量的綜合計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【分析】（1）根據加熱功率大于保溫功率，由圖甲可知，當開關S1閉合，S2斷開時，R1、R2串聯，飲水機處于保溫狀態，此時電路功率；閉合開關S1和S2時，只有R1工作，飲水機處于加熱狀態，此時電路功率；根據乙圖知道加熱功率為P加熱=2000W，利用公式計算出R1的電阻；
（2）由圖乙可知，飲水機每隔6min加熱一次，利用公式W=P加熱t加熱+P保溫t保溫計算飲水機在這6min內消耗的電能；
（3）利用公式計算出1min水吸收的熱量Q吸，利用計算飲水機加熱1min消耗的電能W，再利用計算出飲水機加熱時的加熱效率。
21．【答案】（1）>；A；
（2）變小；物體受到的浮力等于排開的液體的重力；不變
【知識點】密度公式及其應用；液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；液體壓強分析
【解析】【解答】(1)方案一：
①根據F浮＝G-F可知，金屬塊浸沒在水中受到的浮力：
F浮=FA-Fc=2N-1.5N=0.5N；
排開水的重力：
G排=FD-FB=1.9N-1.5N=0.4N；
F浮 > G排，
A、若彈簧測力計都沒有校零，那么四次測量結果都應加上測量前彈簧測力計示數，那么所得浮力與排開水的重力大小應不變，故A不可能；
B、若最初溢水杯中的水未裝至溢水口，則金屬塊排開水的只有一部分溢出到桶中，排開水的重力G排減小，B有可能；
C、步驟C中，金屬塊浸沒后，碰觸到溢水杯底部，則導致Fc減小，Fc減小，FA-Fc>FD-FB，即F浮>G排，C有可能；
故不可能的是A；
②已知金屬塊浸沒水中的浮力F浮=0.4N，由F浮=ρgV排可得，金屬塊排開水的體積：
因為金屬塊浸沒，所以
V物＝V排=4x10-5m3；
由G=mg可得，金屬塊的質量：
金屬塊密度：
（2）方案二：
重物浸入水中的體積越來越大時，排開液體的體積變大，根據F浮＝ρ液gV排可知，重物受到的浮力變大，因為F浮=G一F示，所以彈簧測力計A的示數F示=G-F浮變小；
又因為重物浸入水中的體積越來越大時，溢出水的體積變大、溢出水的質量變大、溢出水受到的重力變大，所以彈簧測力計B的示數變大；根據阿基米德原理可知，物體所受浮力的大小和排開液體的重力相等，所以彈簧測力計A示數的變化量和彈簧測力計B的示數變化量相等，這說明物體受到的浮力等于排開的液體的重力；
在此過程中溢水杯中水的深度不變，密度不變，根據液體壓強公式p=ρgh可知，對杯底的壓強不變，根據F=pS可知，壓力不變。
【分析】(1)方案一①根據稱重法測出小金屬塊受到的浮力；排開水的重力等于排開的水和小桶的重力之和減掉空桶的重力；逐一分析每個選項，確定不符合條件的選項；
②已知金屬塊浸沒水中的浮力，由F浮=ρ液gV排可求得排開水的體積，因為金屬塊浸沒，所以
V排=V物，由G=mg可求得金屬塊的質量，利用密度公式可求得金屬塊密度；
(2)方案二：
根據阿基米德原理可知，重物浸入水中的體積越來越大時受到的浮力變大，根據稱重法可知彈簧測力計A示數的變化；此時重物排開水的體積變大即溢出水的體積變大，據此可知彈簧測力計B示數的變化；再根據阿基米德原理判斷彈簧秤A的示數變化量和彈簧秤B的示數變化量之間的關系；
根據液體壓強公式P=ρ液gh判斷液體對杯底壓強的變化，利用F=pS分析壓力的變化。
22．【答案】（1）磁；增大
（2）1100；5500；能
（3）B
【知識點】電功率的計算；電流的熱效應；電功與熱量的綜合計算；電磁鐵的其他應用
【解析】【解答】(1)控制電路中的電磁繼電器主要是利用了電流的磁效應；手伸入艙內，導致電阻R的阻值減小，由可知，控制電路的電流增大，銜鐵被吸下，工作電路開始工作；
(2)該款干手器正常工作時工作電路總電流為5A，則電功率：
P=UI=220V×5A=1100W；
因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，所以加熱電阻絲工作10s產生的熱量：
；
這只電能表允許的用電器同時工作的最大總功率
P總=UI大=220V×20A=4400W，
由P總>2P=2×1100W=2200W可知，不使用其它用電器情況下，2臺該款干手器能同時工作；
(3)工作電路的電壓220V一定時，要提高熱風溫度，由可知，應減小電路中的電阻，因串聯電路中總電阻大于任何一個分電阻、并聯電路中總電阻小于任何一個分電阻，所以，應在加熱電阻絲兩端并聯一個同規格的加熱電阻絲，而不是在加熱電阻絲左端串聯一個同規格的加熱電阻絲，用電功率更大的電動機不能提高熱風溫度，故AC不合理、B合理；
故選B。
【分析】（1）電磁繼電器是利用電流的磁效應工作的。當手伸入艙內，電阻R的阻值減小，根據歐姆定律，控制電路的電流會增大；
（2）干手器正常工作時，總電流為5A，根據電功率公式P=UI，可以計算出電功率。對于加熱電阻絲，利用電熱公式計算10s內產生的熱量；
根據電能表參數，利用P總=UI大，計算允許的最大總功率P總與兩臺干手器同時工作的總功率2P
比較，得出結論；
（3）為了提高熱風溫度，需要減小電路中的電阻。并聯一個同規格的加熱電阻絲可以減小總電阻，而串聯或換用更大功率的電動機則不能達到此目的。
23．【答案】（1）B
（2）5.5×104；制冷
（3）凝固；凝華
（4）145
（5）60
【知識點】密度公式及其應用；燃料的熱值；壓強的大小及其計算；機械效率；功的計算及應用
【解析】【解答】(1)”超細航空級玻璃棉“性質有：直徑只有 3~5μm，密度為：
，
密度比玻璃的密度小很多，還具有很好的隔音和保溫效果，故B不正確；
故選B；
(2)在萬米高空，機艙外的大氣壓為2.5×104Pa， 機艙內的氣壓為8.0×104Pa， 機體1m2面積上承受內外氣壓的壓力差約為：
△F=F向外一F向內=p內S-P外S=8.0×104Pa x1m2-2.5×104Pax1m2=5.5×104N；
能將機外-50℃以下的冷空氣不斷壓縮，導致送入艙內的空氣溫度達到50℃以上，同時系統依靠傳感器的自動控制，所以機體上的空調要不斷制冷，使艙內氣壓和溫度達到舒適值；
(3)飛機飛行過程中過冷水滴或降雨碰到機體后結冰，由液態變為固態，屬于凝固過程；水蒸氣變成冰，由氣態變為固態是凝華過程；
(4)飛機的最大起飛質量是72.5t，根據翼載指飛機的最大起飛質量與機翼面積的比值得，機翼面積為：
(5)消耗的燃油完全燃燒放出的熱量為：
Q放=mq=1500kg×4.6×107J/kg=6.9×1010 J ，
根據可得，發動機獲得的機械能為：
飛機飛行的路程為：
s =vt =920km/h x 0.5h =460km =4.6×105 m
推力做的功為：
W=Fs=3.6×104N×4.6×105m=1.656×1010J
則此過程中發動機的推進效率為：
【分析】（1）用”超細航空級玻璃棉“性質分析；
（2）使飛機在氣壓只有2.5×10+Pa左右的萬米高空時，用F=Ps算處壓力差，能將機外-50°℃以下的冷空氣不斷壓縮，導致送入艙內的空氣溫度達到50℃以上，同時系統依靠傳感器的自動控制，所以機體上的空調要不斷制冷，使艙內氣壓和溫度達到舒適值；
（3）物質由液態變成固態的過程叫凝固，凝固需要放熱；物質從氣態直接變為固態的過程叫凝華，凝華要放熱；
（4）根據翼載指飛機的最大起飛質量與機翼面積的比值，計算出機翼面積；
（5）根據Q放=mq算出燃料完全燃燒放出的熱量；根據算出發動機獲得的機械能W機械；根據s=vt算出移動的距離；根據W=Fs算出發動機傳遞給飛機的推進功W，根據計算出推力發動機的推進效率。
1 / 1廣東揭陽榕城2025年九年級物理科目期中試卷
1．（2025·榕城期中）下列有關聲的說法正確的是（　　）
A．用力敲打放有紙屑的鼓面，鼓發聲是因為鼓面上的紙屑振動
B．汽車安裝的倒車雷達是利用次聲波工作的
C．拉緊小提琴的琴弦能夠改變聲音的音調
D．道路兩旁的隔音墻是在聲源處減弱噪聲
【答案】C
【知識點】聲音的產生；音調及音調與頻率的關系；防治噪聲的途徑
【解析】【解答】A．聲音是由于物體振動產生的，鼓的聲音是因為鼓在振動，A不符合題意；
B．汽車安裝的倒車雷達是利用超聲波工作的，不是次聲波，B不符合題意；
C．拉緊小提琴的琴弦可以使琴弦振動變快，振動頻率越快，音調越高，C符合題意；
D．減弱聲音的三個途徑，在人耳處減弱，在傳播過程中減弱，在聲源處減弱。道路兩旁的隔音墻是在傳播過程中減弱，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】鼓的聲音是因為鼓被敲打而振動，倒車雷達利用超聲波工作；拉緊小提琴的琴弦可以使琴弦振動變快，振動頻率越快，音調越高；道路兩旁的隔音墻是在傳播過程中減弱噪聲。
2．（2025·榕城期中）關于能源、信息和材料，下列說法中錯誤的是
A．聲、光、電磁波都既能傳遞信息又能傳遞能量
B．用超導體材料制成輸電導線和電動機，能減少能量的損耗
C．能的總量雖然不變，但是能量的轉移和轉化具有方向性，所以依然要節約能源
D．我國建立的北斗衛星導航系統既能利用電磁波又能利用超聲波工作
【答案】D
【知識點】能源與可持續發展；超導體特點及作用；信息與信息傳播；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】A.聲、光、電磁波都既能傳遞信息又能傳遞能量，故A正確；
B.超導現象是指某些材料在溫度降到足夠低的時候，它的電阻變為0的現象。假如科學家已研制出常溫下就能使用的超導體，利用超導體的零電阻可以實現遠距離輸電，也可以做電動機線圈等，此時電流產生的熱量為0，所以可以減少能量的損耗，故B正確；
C.能量的轉移與轉化具有方向性，如：消耗的內能不能收集起來再利用。因此要節約能源，故C正確；
D.北斗衛星導航系統是利用電磁波來進行定位和導航的，不是利用超聲波工作的（超聲波在真空中不能傳播），故D錯誤。
故選D。
【分析】（1）聲、光、電磁波都能夠傳遞信息和能量；
（2）超導體的電阻為零，電流流過超導體時不會產生熱量，凡是利用電流熱效應工作的設備，都不能使用超導體。超導體適合制作輸電導線和電動機線圈等；
（3）自然界中能量是守恒的，但消耗的能源產生的能量不能充分利用，以其它能量的形式損失掉。能量在轉化中具有方向性；能重復利用或循環獲得的能量是可再生的，否則是不可再生的；
（4）電磁波的傳播不需要介質，電磁波可以在固體、液體、氣體中傳播，也可以在真空中傳播。真空不能傳聲。
3．（2025·榕城期中）下列有關光的現象中，正確的說法是
A．陽光下，微風吹拂的河面，波光粼粼，這里蘊含著光的反射
B．光與鏡面成30°角射在平面鏡上，則其反射角也是30°
C．人在照鏡子時，總是靠近鏡子去看，其原因是靠近時像會變大
D．平面鏡可以成實像
【答案】A
【知識點】光的反射定律；平面鏡成像的原理、特點
【解析】【解答】A.陽光下，微風吹拂的河面，波光粼粼，是光的反射造成的，故A正確；
B.光與鏡面成30°角射在平面鏡上，則入射角為60°，由反射定律可得，其反射角也是60°，故B錯誤；
C.平面鏡所成的像始終與物體等大，人在照鏡子時，靠近鏡子去看，可以增大視角，但像的大小不變，故C錯誤；
D.老年人通過放大鏡看書，看到的字的虛像，是利用凸透鏡能成放大正立的虛像，故D錯誤；
故選A。
【分析】（1）光從空氣射向水面，在水面上發生反射，使水波看起來波光粼粼；
（2）入射角是入射光線與法線的夾角，反射角是反射光線與法線的夾角。在反射現象中，反射角等于入射角；
（3）人在照鏡子時，總是靠近鏡子去看，其原因是靠近時平面鏡感覺像變大，這是視角問題；
（4）平面鏡成像的特點：像與物體大小相等，像和物到平面鏡的距離相等，像和物體的連線與鏡面垂直；平面鏡成的是虛像。
4．（2025·榕城期中）“霧、露、霜、雪”是自然界常見的氣象，關于它們的由來，下列說法正確的是（　　）
A．霧是水汽化而來 B．露是水蒸氣液化而來
C．霜是水凝固而來 D．雪是水升華而來
【答案】B
【知識點】液化及液化放熱；凝華及凝華放熱
【解析】【解答】A B．霧和露都是空氣中的水蒸氣液化放熱形成的，A不符合題意，B符合題意；
C D．霜和雪都是水蒸氣凝華放熱形成的，CD不符合題意；
故答案為：B。
【分析】露、霧是液化形成的，霜、雪是凝華形成的。
5．（2025·榕城期中）在扔鉛球比賽中，拋出手后的鉛球在空中運動軌跡如題圖所示，若忽略空氣阻力，關于小球在空中的運動情況，下列說法錯誤的是
A．鉛球最終落回地面時受到重力的作用
B．鉛球離開手后能繼續向前運動是因為慣性的作用
C．鉛球離開手后，向最高點運動的過程中木斷減速，到達最高點時速度不為零
D．鉛球落地時的速度一定大于離開手時的速度
【答案】B
【知識點】重力及其大小的計算；慣性及其現象；拋球問題
【解析】【解答】A.鉛球最終落回地面時，是因為它受到重力的作用，而重力的方向是豎直向下的，故A正確；
B.慣性是物體本身的一種屬性，慣性不是力，不能說物體受到慣性的作用，故B錯誤；
C.鉛球到達最高點時，豎直方向上速度為零，但水平方向上速度不為零，故C正確；
D.若忽略空氣阻力，機械能守恒，但鉛球落地時的高度小于離開手時高度，即鉛球落地時的重力勢能小于離開手時重力勢能，故鉛球落地時的動能大于離開手時動能，所以球落地時的速度一定大于離開手時的速度，故D正確。
故選B。
【分析】（1）重力的方向是豎直向下的；
（2）慣性是物體本身的一種屬性，不是力，不能說“受到慣性力作用”或“慣性作用”；
（3）鉛球到達最高點時，豎直方向上速度為零，但水平方向上速度不為零，分析時需要考慮兩個方向；
（4）若忽略空氣阻力，機械能守恒，根據機械能守恒分析。
6．（2025·榕城期中）如題圖電路，電源電壓恒定。閉合開關，向右移動滑動變阻器的滑片，下列說法正確的是
A．電壓表示數變大 B．電流表示數變小
C．小燈泡亮度變亮 D．電路消耗的總功率變大
【答案】B
【知識點】電路的動態分析；電功率的計算；并聯動態電路分析
【解析】【解答】由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器并聯，電壓表測電源的電壓，電流表測干路中的電流；
A.由于電壓表測量的是電源電壓，所以電壓表示數不變，故A錯誤；
BC.當滑片P向右移動時，變阻器接入電路中的電阻變大，由可知，通過滑動變阻器的電流變小；
并聯電路各支路互不影響，所以通過燈泡的電流不變，燈泡的功率不變，其亮度不變；
根據并聯電路的電流特點I=IL+IR可知，干路中的電流變小，即電流表的示數變小；故B正確，C錯誤；
D.電源電壓不變，總電流減小，根據P=UI可知，總功率變小，故D錯誤。
故選B。
【分析】由圖知，燈泡與滑動變阻器串聯，電流表測電路中電流，電壓表測滑動變阻器兩端電壓，根據串聯電路特點和歐姆定律即可解答。
7．（2025·榕城期中）如題圖所示，小球在裝滿淡鹽水的溢水杯中處于懸浮狀態，下列對實驗現象分析正確的是
A．往杯中加入清水，小球因浮力變小而下沉，容器底部受到液體的壓強變小
B．往杯中加入適量鹽，小球因浮力變大而上浮，容器部受到液體的壓強不變
C．往杯中加入適量鹽，小球因浮力變大而上浮，容器底部受到液體的壓強變小
D．小球可以懸浮在液體內任何位置，因此小球在液體內部所受的壓強處處相等
【答案】A
【知識點】液體壓強的特點；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】A.往杯中加入清水，液體密度減小，根據F浮=ρ液gV排可知，小球受到的浮力減小，浮力小于重力而下沉；但容器內液體的深度不變，根據p=ρ液gh可知，容器底部受到液體的壓強變小，故A正確；
BC.往杯中加入適量鹽，液體密度增大，根據F浮=ρ液gV排可知，小球受到的浮力增大，浮力大于重力而上浮；但容器內液體的深度不變，根據p=ρ液gh可知，容器底部受到液體的壓強變大，故BC錯誤；
D.小球可以懸浮在液體內任何位置，是因為浮力等于重力，不是因為液體內部的壓強，而且液體內部的壓強隨深度的增加而增加，不是處處相等，故D錯誤；
故選A。
【分析】(1)根據F浮=ρ液gV排判斷小球受到的浮力的變化，從而判斷出浮沉；影響液體壓強因素：液體的密度和深度；
(2)根據F浮=ρ液gV排判斷出浮力的變化，根據p=ρgh判斷容器底部受到液體的壓強的變化；
(3)液體的壓強隨深度的增加而增加。
8．（2025·榕城期中）在原子、原子核、質子中空間尺度最大的是　 　 ，詩句“花氣襲人知驟暖”中包含著豐富的物理知識，詩人聞到了花香，屬于　 　現象；詩人通過聞香能感知到天氣轉暖，表明溫度越高，分子的　 　越劇烈。
【答案】原子；擴散；無規則運動（熱運動）
【知識點】分子熱運動；原子結構
【解析】【解答】在原子、原子核、質子中空間尺度最大的是原子，詩人聞到了花香，屬于擴散現象； 詩人通過聞香能感知到天氣轉暖，表明溫度越高，分子的無規則運動（熱運動）越劇烈。
【分析】物質是由分子和原子組成，原子由原子核和核外電子構成，原子核由質子和中子組成，據此進行分析；
擴散現象表明一切物質的分子都在不停地做無規則運動，溫度越高，分子的無規則運動越劇烈。
9．（2025·榕城期中）太陽能是　 　能源(選填“可再生”或“不可再生").太陽能熱水器將太陽能　 　(選填“轉化”或“轉移”)為內能，目前核電站的核反應堆所發生的是反應　 　(選填核裂變”或“核聚變”)。
【答案】可再生；轉化；核裂變
【知識點】能量的轉化或轉移；核裂變；能源與可持續發展
【解析】【解答】太陽能可從太陽源源不斷獲得，屬于可再生能源；
太陽能熱水器吸收太陽的光能，將太陽能轉化為熱水器內水的內能；
目前核電站的核反應堆所發生的是核裂變反應。
【分析】(1)能從自然界源源不斷獲得或可以重復利用的能源是可再生能源，不能從自然界源源不斷獲得或不可以重復利用的能源是不可再生能源；
(2)太陽能熱水器吸收太陽的光能，將光能轉化為熱水器的內能；
(3)目前核電站是利用核裂變進行發電的。
10．（2025·榕城期中）我國家庭電路的電壓是　 　V，家庭電路中電燈、電視、電風扇的連接方式是　 　(填“串聯”或“并聯”)；帶有金屬外殼的電水壺用三腳插頭，是為了使用時讓金屬外殼與　 　相連。
【答案】220；并聯；大地
【知識點】電壓和電壓的單位換算；安全用電原則；電路的基本連接方式
【解析】【解答】(1)由電學常識可知，我國家庭電路的電壓為220V；
(2)家庭電路中電燈、電視、電風扇在工作時互不影響，所以是并聯的關系；
(3)用電器的金屬外殼一定要接地(與大地相連)，避免用電器的金屬外殼漏電時發生觸電事故。
【分析】(1)我國家庭電路的電壓為220V；
(2)串聯電路各用電器器之間互相影響，并聯電路中各用電器既可以獨立工作，又互不影響；
(3)家庭電路中為了安全用電，金屬外殼都要接地，金屬外殼的用電器漏電時，地線把人體短路，避免觸電事故的發生。
11．（2025·榕城期中）如題圖所示，用彈簧測力計測量木塊在水平木板上運動時受到的滑動摩擦力。測量時，彈簧測力計應該拉著木塊在水平木板上做　 　運動，此時木塊受到滑動摩擦力的大小是　 　N；若彈簧測力計拉著木塊在水平木板上做加速運動，則木塊受到的滑動摩擦力　 　(選填“變大”“不變”或“變小")。
【答案】勻速直線；1.6；不變
【知識點】二力平衡的條件及其應用；探究影響摩擦力大小因素的實驗
【解析】【解答】當彈簧測力計拉著木塊在水平木板上做勻速直線運動時，木塊在水平方向上受到的拉力和滑動摩擦力是一對平衡力，大小相等，這樣才能準確測量出滑動摩擦力的大小；
由圖可知，彈簧測力計的分度值為0.2N，指針指在1N后第3小格處，所以彈簧測力計的示數為1.6N，因為木塊做勻速直線運動時拉力等于滑動摩擦力，所以此時木塊受到滑動摩擦力的大小是1.6N；
滑動摩擦力的大小只與壓力大小和接觸面的粗糙程度有關，當彈簧測力計拉著木塊在水平木板上做加速運動時，壓力大小和接觸面的粗糙程度都沒有改變，所以木塊受到的滑動摩擦力不變。
【分析】（1）根據二力平衡的條件分析；
（2）根據彈簧測力計的分度值讀數；
（3）根據滑動摩擦力大小的影響因素分析滑動摩擦力的大小變化。
12．（2025·榕城期中）如題圖所示，鉤碼總重2N，不計摩擦和繩重，甲圖中將鉤碼勻速向上提升時、拉力為　 　.N，如果把滑輪改成乙圖安裝使用，機械效率將比原來的　 　(大/小)；若乙圖中再加掛一鉤碼，機械效率與加掛前相比將　 　 (變大/變小/不變)。
【答案】2；小；變大
【知識點】定滑輪及其工作特點；滑輪（組）的機械效率；增大或減小機械效率的方法
【解析】【解答】甲圖是定滑輪，定滑輪不省力，不計摩擦和繩重，拉力F=G=2N；
乙圖是動滑輪，動滑輪在提升物體時，要克服動滑輪自身重力做額外功。根據機械效率公式，在有用功W有=Gh（G是物體重力，h是物體上升高度）相同的情況下，乙圖的額外功比甲圖大，所以乙圖的機械效率比甲圖小；
對于動滑輪，機械效率公式，當乙圖中再加掛一鉤碼時，G物增大，G動不變，減小，減小，增大，即機械效率變大。
【分析】（1）定滑輪的工作特點：使用定滑輪可以改變力的方向，但不省力；
（2）根據機械效率可知，有用功相同時，額外功越大，機械效率越低；
（3）其它條件不變時，同一滑輪組提升的物體重力越大，機械效率越大。
13．（2025·榕城期中）小王和同學們參加研學旅行 ，汽車在公路上快速行駛時，他發現窗簾從打開的窗戶向外飄，這是因為窗外的空氣流速大，壓強　 　；車行駛到山頂時，他發現密封的零食包裝袋鼓起來了，這是因為山頂上的氣壓比山腳下的氣壓　 　；他們在山頂野炊，水沸騰時，測量發現水的沸點　 　(選填“高于”“等于”或“低于”)100℃。
【答案】小；小；低于
【知識點】大氣壓強與高度的關系；沸點及沸點與氣壓的關系；流體壓強與流速的關系
【解析】【解答】窗簾從打開的窗戶向外飄，這是因為窗外的空氣流速大，壓強小，車內氣壓較大，將窗簾壓向窗外。
車行駛到山頂時，他發現密封的零食包裝袋鼓起來了，這是因為山頂上的氣壓比山腳下的氣壓小。
他們在山頂野炊，水沸騰時，測量發現水的沸點低于100℃。
【分析】1.在氣體或液體中，流速越大的位置，壓強越小；
2.海拔高度越高，大氣壓強越小，液體沸點越低。
14．（2025·榕城期中）兩個標有“5Ω1A”和“10Ω0.6A”的定值電阻，將它們串聯起來使用時等效電阻為　 　Ω，電源電壓最多為　 　V；若將它們并聯時，干路電流最大　 　A。
【答案】15；9；1.5
【知識點】并聯電路的電流規律；電阻的串聯；歐姆定律及其應用
【解析】【解答】兩個電阻串聯時的總電阻為：
R總= 5Ω + 10Ω = 15Ω
所以將它們串聯起來使用時等效電阻為15Ω 。
根據串聯電路電流的規律可知，兩電阻串聯時，電路中的電流最大為0.6A，則電源電壓最多為：
U=IR總=0.6Ax15Ω=9V
兩電阻兩端允許的最大電壓分別為：
U1=I1R1=1A×5Ω=5V，
U2=I2R2=0.6A×10Ω=6V，
比較可知U1此時通過R1電阻的電流為I1=1A，
通過R2電阻的電流：
則并聯電路中干路上允許的最大電流為：
I總=I1+I2'=1A+0.5A=1.5A。
【分析】根據串聯電阻規律R串=R1+R2計算串聯的等效電阻；
串聯電路電流處處相等，為了不損壞電阻，比較兩電阻允許通過的最大電流，選其中較小的電流；然后根據串聯電路電阻的特點求出總電阻，再利用U=IR即可求出電源電壓的最大值；
并聯電路兩端電壓相等，為了不損壞電阻，根據U=IR分別求出各電阻兩端允許的最大電壓，然后比較，選其中較小的電壓，再利用歐姆定律分別求出各支路電流，最后利用并聯電路電流的特點求出干路上允許的最大電流。
15．（2025·榕城期中）
（1）如圖所示一束激光α斜射向半圓形玻璃磚圓心o，結果在屏幕 MN上出現兩個光斑，請畫出形成兩個光斑的光路圖。
（2）如圖，杠桿OB可繞O點轉動，請作出物體A所受重力的示意圖和使杠桿在圖示位置平衡的最小力F及其力臂L。
（3）如圖，投影儀燈泡功率很大，所以需要風扇散熱，使用后，應先關閉燈泡L， 再關閉風扇M；請用筆畫線表示導線在如圖中把電路連接完整，要求實現：先斷開開關S1，燈泡熄滅，風扇繼續轉動，再斷開開關S2， 風扇才停止轉動：若只閉合開關S1， 燈泡不亮。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知識點】作光的反射光路圖；作光的折射光路圖；杠桿中最小力的問題；串、并聯電路的設計
【解析】【解答】（1）光線從空氣斜射到玻璃磚表面時，會同時發生反射和折射現象，根據光的反射定律，過入射點在玻璃磚左側畫出反射光線，注意反射角等于入射角；發生折射時，折射光線向法線偏折，折射角小于入射角，據此作出第一條折射光線，折射光線從玻璃磚射入空氣中時，由于此光線是由圓心О射出，當經過第二個折射面時，正好與該入射點處的切線垂直，因此第二次折射光線的傳播方向不變，光路圖如下所示：
（2）重力的方向是豎直向下的，從物體的重心畫一條帶箭頭的豎直向下的有向線段，用G表示，即為物體所受重力的示意圖；
由杠桿平衡條件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，動力越小；圖中支點在0點，動力作用在B點，則OB為最長的動力臂，因此連接OB，過B點作垂直于OB向上的力，即為最小動力F的示意圖，如圖所示：
（3）由題知，先斷開開關S1，燈泡熄滅，風扇繼續轉動，再斷開開關S2，風扇才停止轉動，燈和風扇并聯；若只閉合開關S1，燈泡不亮。由此可知S1在燈所在支路上，S2在干路上，如圖所示：
【分析】（1）根據反射定律：反射光線、入射光線、法線在同一個平面內，反射光線與入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角，畫出反射光線；根據光由空氣斜射進入玻璃時遵循：折射光線、入射光線、法線在同一個平面內，折射光線、入射光線分居法線兩側，折射角小于入射角，作出折射光線，光從玻璃垂直進入空氣傳播方向不改變；
（2）根據重力的方向是豎直向下的，從重心做豎直向下的力，可得物體所受重力示意圖；
重物對杠桿的拉力為阻力，阻力、阻力臂一定時，根據杠桿平衡條件可知，動力臂越長越省力，確定最長的動力臂，垂直力臂畫出最小力的示意圖；
（3）先分析題意，得出燈、電風扇的連接方式，以及兩個開關的位置，據此連接電路，注意開關要接在火線和用電器之間。
16．（2025·榕城期中）
（1）如題甲圖所示，被測物體的質量是　 　g；題乙圖中電壓表的，示數是　 　 V；題丙圖中停表所顯示的時間是　 　s。
（2）如圖所示，是探究“ 牛頓第一定律 ”的實驗裝置，實驗中讓同一小車從斜面上相同的高度由靜止滾下，其目的是讓小車到達斜面底部時　 　相同，從而讓小車在粗糙程度不同的水平面上運動。通過　 　來反映阻力對物體運動的影響。根據該實驗進一步推理得出：當小車運動到水平面上時，重力突然消失，則小車將做　 　運動。
【答案】（1）62.4；11.5；83
（2）速度；比較小車在水平面運動的距離；勻速直線運動
【知識點】質量的測量與天平的使用；時間及其測量；阻力對物體運動影響的探究實驗；電壓的測量及電壓表的使用
【解析】【解答】（1）在標尺上，1g之間有5個小格、1小格代表0.2g，則物體質量：m=50g+10g+2.4g=62.4g；
電壓表選擇的是0~15V量程，分度值為0.5V，則示數為11.5V；
秒表的中間的表盤代表分鐘，周圍的大表盤代表秒，秒表讀數是兩個表盤的示數和，則圖中停表所顯示的時間是：
t=60s+23s=83s。
(2)為了探究大小不同的摩擦力對小車的運動速度改變的影響情況，應使小車在進入平面時運動速度相同，在實驗中應該讓小車放在斜面上從同一高度滑下；
本實驗控制小車下滑到水平面時的初速度相同，實驗中通過比較小車在水平面運動的距離來反映阻力對物體運動的影響，使用的探究方法是轉換法；
據牛頓第一定律，一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態。當小車運動到水平面上時，重力突然消失，支持力也消失，此時小車在水平方向上不受力，將保持原來的速度做勻速直線運動。
【分析】（1）確定游碼的分度值，讀出游碼質量，物體的質量等于砝碼質量加游碼質量；
先確定電壓表選擇的量程，確定分度值，然后讀出電壓表的示數；
停表讀數時，先讀小圈（分鐘），再讀大圈（秒鐘），最后將分鐘和秒鐘的時間加起來即為停表讀數；
（2）本題探究“阻力對物體運動的影響”，要控制小車下滑到水平面的初速度相同，比較小車在不同材質（接觸面粗糙程度不同）的水平面上通過的距離長短來反映阻力對物體運動的影響，據此分析回答；
據牛頓第一定律，一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態，據此解答。
17．（2025·榕城期中）某學習小組探究“凸透鏡成像的規律”，進行了如下操作。
（1）通過探究，記錄并繪制了像距v與物距u之間的關系圖像，如題甲圖所示，則該凸透鏡的焦距是　 　cm.
（2）當蠟燭燃燒一段時間后，燭焰的像將位于光屏中心的　 　方。可以將光屏往　 　調節，使像回到光屏的中央。
（3）如題乙圖所示，保持凸透鏡在50 cm刻度線處不動，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，應進行的操作是____。
A．將蠟燭左移，光屏左移 B．將蠟燭左移，光屏右移
C．將蠟燭右移，光屏左移 D．將蠟燭右移，光屏右移
（4）若將乙圖中的凸透鏡換成焦距為 30 cm 的凸透鏡，保持蠟燭和凸透鏡的位置不變，在光具座上無論怎樣移動光屏，都找不到像，原因是　 　. 。
（5）小明用若干發光二極管組成形狀如“A”的發光物體，將凸透鏡和光屏依次組裝到光具座上并調整好，移動光屏直到在光屏上成清晰的像為止，如題丙圖，此時發光物體在光屏上所成的像是題丁圖中的　 　 (填序號)。
【答案】（1）5.0
（2）上；上
（3）D
（4）物距小于焦距，成的像是虛像，虛像不能用光屏承接
（5）②
【知識點】凸透鏡成像規律及其探究實驗
【解析】【解答】（1）根據凸透鏡成像規律，當物距u=2f時，像距v=2f，此時u=v。從題甲圖看到，當u= v=10.0cm時，滿足上述關系，所以2f = 10.0cm，則該凸透鏡的焦距：
；
（2）根據過光心的光線傳播方向不變，當蠟燭燃燒一段時間后，蠟燭變短，燭焰的像將向上移動，位于光屏中心的上方。為了使像回到光屏的中央，可以將光屏往上調節；
（3）根據凸透鏡成像規律“物近像遠像變大”，保持凸透鏡在50cm刻度線處不動，要在光屏上得到更大的清晰的像，需要減小物距，增大像距。即應將蠟燭右移（減小物距），同時光屏也右移（增大像距），所以應選擇D選項；
（4）將乙圖中的凸透鏡換成焦距為30cm的凸透鏡，保持蠟燭和凸透鏡的位置不變，從乙圖看到此時物距小于焦距（物距小于30cm）。根據凸透鏡成像規律，當物距小于焦距時，成正立、放大的虛像，虛像不能用光屏承接，所以在光具座上無論怎樣移動光屏，都找不到像；
（5）由丙圖可知，物距小于像距，根據凸透鏡成像規律，當物距小于像距時，成倒立放大的實像，故選丁圖中的②。
【分析】（1）根據凸透鏡成像規律，物距等于像距等于二倍焦距計算凸透鏡的焦距；
（2）根據過光心的光線傳播方向不變，當蠟燭燃燒一段時間后，蠟燭變短，燭焰的像將向上移動，據此判斷燭焰的像的位置和光屏調節的方向；
（3）根據凸透鏡成像規律“物近像遠像變大”判斷蠟燭和光屏移動的方向；
（4）將乙圖中的凸透鏡換成焦距為30cm的凸透鏡，保持蠟燭和凸透鏡的位置不變，從乙圖看到此時物距小于焦距（物距小于30cm）。根據凸透鏡成像規律，當物距小于焦距時，成正立、放大的虛像；
（5）根據凸透鏡成像規律，當物距小于像距時，成倒立放大的實像，據此解答。
18．（2025·榕城期中）在“測量小燈泡的電功率”實驗中，電源電壓為6V，小燈泡(電阻約為10Ω)的額定電壓為2.5V，可供選用的滑動變阻器R1 和R2的最大阻值分別為10Ω、30Ω.
（1）該實驗應該選用的滑動變阻器是　 　(選填“R1"或"R2")。連接電路時，開關應處于 　 　狀態。
（2）請用筆畫線代替導線，將題甲圖的實物圖補充完整，并使滑片P向左移動時小燈泡變暗　 　。(導線不能交叉)。
（3）閉合開關，移動滑動變阻器的滑片P，使電壓表的示數為2.5V，此時電流表的示數如題乙圖所示為　 　A.則小燈泡的額定功率為 　 　W。
（4）小華想換用其他規格的小燈泡再做該實驗，在未斷開開關的情況下，他直接將小燈泡從燈座上拔出。他的這種操作是錯誤的，容易損壞　 　 (選填"電壓表”或“電流表")。
【答案】（1）R2；斷開
（2）
（3）0.3；0.75
（4）電壓表
【知識點】探究用電器的電功率實驗
【解析】【解答】(1)燈泡正常工作時的電壓U燈=2.5V，根據歐姆定律可得，此時電路中的電流約為：
由串聯電路中總電壓等于各分電壓之和可知：滑動變阻器分壓：
U滑=U-U燈=6V-2.5V=3.5V，
由于串聯電路中各處的電流相等，則滑動變阻器接入電路中的電阻約為：
，
故滑動變阻器應選R2；
連接電路時，開關應處于斷開狀態，這樣可以保護電路安全；
(2) 根據題意，要使滑片P向左移動時小燈泡變暗，電阻要變大，電流要減小，由圖可知：滑動變阻器的右上方已經連接，根據“一上一下”的原則可知，將右下端的接線柱與電源的正極相連即可；如圖：
（3）由圖2可知，電流表的量程為0~0.6A，分度值為0.02A，示數為0.3A，則燈泡的額定功率
P=U，I=2.5V ×0.3A=0.75W；
(4)由電路圖知，電壓表并聯在燈泡兩端，電流表測的是電路的電流，在未斷開開關的情況下，直接將小燈泡從燈座上拔出，相當于燈泡開路，電壓表的正負接線柱與電源的正負極相連接，所以示數變大。
【分析】(1)根據串聯電路電壓特點，求出燈泡正常工作時，滑動變阻器兩端的電壓，再根據歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的電阻，即可選擇合適的滑動變阻器；在連接電路時為了保護電路，開關處于斷開狀態；
(2)根據題目要求，向左移動滑片燈泡要變暗，滑動變阻器的阻值要變大，下端接線柱要選擇右下端的接線柱，將滑動變阻器按照“一上一下”的原則串聯連入電路即可；
(3)根據電流表的量程和分度值讀出其示數，根據P=UI求出燈泡的額定功率；
(4)在未斷開開關的情況下，直接將小燈泡從燈座上拔出，相當于燈泡開路，根據開路的特點和電壓表的測量對象即可判斷示數變化。
19．（2025·榕城期中）在丹麥，狗拉雪橇被認定為合法交通工具。如題所示圖，60 kg的人坐在30 kg 的雪橇上，一群雪橇犬拉著雪橇勻速奔跑在水平雪地上， 30 min 后到達9 km遠的小鎮上。雪橇與雪地的總接觸面積為0.6m2，雪橇受到的摩擦力為人和雪橇總重力的0.05倍，g取 10 N/kg。求：
（1）雪橇對水平雪地的壓強；
（2）雪橇犬拉著雪橇奔跑時的速度；
（3）整個路程中雪橇犬對人和雪橇做功的功率。
【答案】（1）解：水平雪地上，雪橇對水平雪地的壓力等于人和雪橇的總重力：
雪橇對水平雪地的壓強：
答：雪橇對水平雪地的壓強為1500Pa。
（2）解：時間t=30min=1800s，路程s=9km=9000m，
雪橇犬拉著雪橇奔跑時的速度：
答：雪橇犬拉著雪橇奔跑時的速度為5m/s。
（3）解：雪橇犬拉著雪橇勻速奔跑，雪橇受到的拉力等于雪橇受到的摩擦力，等于人和雪橇總重力的0.05倍：
整個路程中雪橇犬對人和雪橇做功的功率：
P=F拉v=45N×5m/s=225W
答：整個路程中雪橇犬對人和雪橇做功的功率為225W。
【知識點】功率的計算；速度公式及其應用；壓強的大小及其計算
【解析】【分析】（1）水平面上壓力等于人和雪橇的總重力，根據計算雪橇對水平雪地的壓強；
（2）根據計算雪橇犬拉著雪橇奔跑時的速度；
（3）雪橇犬拉著雪橇勻速奔跑，雪橇受到的拉力等于雪橇受到的摩擦力，等于人和雪橇總重力的0.05倍，計算出雪橇受到的拉力，根據P=Fv計算整個路程中雪橇犬對人和雪橇做功的功率。
20．（2025·榕城期中）如題甲圖是一個飲水機的工作原理圖，其中R1和R2是阻值不變的發熱電阻，飲水機加熱罐裝水2 kg， 水溫低于85℃時自動加熱，高于95℃時切換為保溫狀態；題乙圖是飲水機在一段時間內的電功率P隨時間t變化的圖像。[水的比熱容為4.2×103J/ (kg.℃)] 求：
（1）R1的阻值；
（2）飲水機工作一夜(8小時)消耗的電能；
（3）飲水機加熱時的加熱效率。
【答案】（1）解：根據加熱功率大于保溫功率，由圖甲可知，當開關S1閉合，S2斷開時，R1、R2串聯，飲水機處于保溫狀態，此時電路功率；閉合開關S1和S2時，只有R1工作，飲水機處于加熱狀態，此時電路功率；由乙圖可知加熱功率：
，
解得：R1=24.2Ω
（2）解：由圖乙可知，飲水機每隔6min加熱一次，在這6min內消耗的電能為：
W=P加熱t加熱+P保溫t保溫=2000W x 60s+80W x 300s=1.44×105J
答：這6min內消耗的電能為1.44×105J。
（3）解：由題意可知，當水溫為85℃時，開始加熱，溫度達到95℃時停止加熱，由乙圖知，此時加熱時間為t=1min=60s，1min內水吸收的熱量為：
飲水機加熱1min消耗的電能為：
飲水機加熱時的加熱效率為：
答：飲水機加熱時的加熱效率為70%。
【知識點】電功的計算；電功與熱量的綜合計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【分析】（1）根據加熱功率大于保溫功率，由圖甲可知，當開關S1閉合，S2斷開時，R1、R2串聯，飲水機處于保溫狀態，此時電路功率；閉合開關S1和S2時，只有R1工作，飲水機處于加熱狀態，此時電路功率；根據乙圖知道加熱功率為P加熱=2000W，利用公式計算出R1的電阻；
（2）由圖乙可知，飲水機每隔6min加熱一次，利用公式W=P加熱t加熱+P保溫t保溫計算飲水機在這6min內消耗的電能；
（3）利用公式計算出1min水吸收的熱量Q吸，利用計算飲水機加熱1min消耗的電能W，再利用計算出飲水機加熱時的加熱效率。
21．（2025·榕城期中）物理實驗小組的同學在實驗室做“驗證 阿基米德原理 ”的實驗。
（1）方案一：小佩用金屬塊按照如甲圖所示的實驗步驟進行實驗。
①根據題甲圖，計算出金屬塊浸沒在水中受到的浮力F浮和其排開水的重力G排，發現F浮　 　G排(選填“>”“<”“=”)，造成這種結果的原因不可能是　 　(填字母)；
A.整個實驗過程中，彈簧測力計都沒有進行調零
B.最初溢水杯中的水未達到溢水杯的溢水口
C.步驟C中，石塊浸沒后，碰觸到溢水杯的底部
②小佩改正錯誤后，得出金屬塊浸沒水中時受到的浮力為0.4N，則金屬塊的密度為　 　kg/m3。(g取10 N/kg)。
（2）方案二：小新將裝滿水的溢水杯放在升降臺C上，如乙圖所示。當小新逐漸調高升降臺時，發現隨著金屬塊浸人水中的體積變大，彈簧測力計A的示數逐漸　 　(選填“大”“變小”或“不變”)，且彈簧測力計A的示數變化量等干B的示數變化量，這說明了 　 　。在此過程中溢水杯中水對杯底的壓力　 　(選填“變大”“變小”或“不變”)
【答案】（1）>；A；
（2）變小；物體受到的浮力等于排開的液體的重力；不變
【知識點】密度公式及其應用；液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；液體壓強分析
【解析】【解答】(1)方案一：
①根據F浮＝G-F可知，金屬塊浸沒在水中受到的浮力：
F浮=FA-Fc=2N-1.5N=0.5N；
排開水的重力：
G排=FD-FB=1.9N-1.5N=0.4N；
F浮 > G排，
A、若彈簧測力計都沒有校零，那么四次測量結果都應加上測量前彈簧測力計示數，那么所得浮力與排開水的重力大小應不變，故A不可能；
B、若最初溢水杯中的水未裝至溢水口，則金屬塊排開水的只有一部分溢出到桶中，排開水的重力G排減小，B有可能；
C、步驟C中，金屬塊浸沒后，碰觸到溢水杯底部，則導致Fc減小，Fc減小，FA-Fc>FD-FB，即F浮>G排，C有可能；
故不可能的是A；
②已知金屬塊浸沒水中的浮力F浮=0.4N，由F浮=ρgV排可得，金屬塊排開水的體積：
因為金屬塊浸沒，所以
V物＝V排=4x10-5m3；
由G=mg可得，金屬塊的質量：
金屬塊密度：
（2）方案二：
重物浸入水中的體積越來越大時，排開液體的體積變大，根據F浮＝ρ液gV排可知，重物受到的浮力變大，因為F浮=G一F示，所以彈簧測力計A的示數F示=G-F浮變小；
又因為重物浸入水中的體積越來越大時，溢出水的體積變大、溢出水的質量變大、溢出水受到的重力變大，所以彈簧測力計B的示數變大；根據阿基米德原理可知，物體所受浮力的大小和排開液體的重力相等，所以彈簧測力計A示數的變化量和彈簧測力計B的示數變化量相等，這說明物體受到的浮力等于排開的液體的重力；
在此過程中溢水杯中水的深度不變，密度不變，根據液體壓強公式p=ρgh可知，對杯底的壓強不變，根據F=pS可知，壓力不變。
【分析】(1)方案一①根據稱重法測出小金屬塊受到的浮力；排開水的重力等于排開的水和小桶的重力之和減掉空桶的重力；逐一分析每個選項，確定不符合條件的選項；
②已知金屬塊浸沒水中的浮力，由F浮=ρ液gV排可求得排開水的體積，因為金屬塊浸沒，所以
V排=V物，由G=mg可求得金屬塊的質量，利用密度公式可求得金屬塊密度；
(2)方案二：
根據阿基米德原理可知，重物浸入水中的體積越來越大時受到的浮力變大，根據稱重法可知彈簧測力計A示數的變化；此時重物排開水的體積變大即溢出水的體積變大，據此可知彈簧測力計B示數的變化；再根據阿基米德原理判斷彈簧秤A的示數變化量和彈簧秤B的示數變化量之間的關系；
根據液體壓強公式P=ρ液gh判斷液體對杯底壓強的變化，利用F=pS分析壓力的變化。
22．（2025·榕城期中）病毒肆虐，“無接觸”式的生活方式悄然走進我們的生活。如1圖為某款無接觸式的熱風干手器，其工作原理簡化圖如2圖所示。
（1）控制電路中的電磁繼電器主要是利用了電流的　 　效應，手伸入艙內，導致電阻R的阻值減小，控制電路的電流　 　(選填“增大”、“不變”或“減小”)，銜鐵被吸下，工作電路開始工作。
（2）該款干手器正常工作時工作電路總電流為5A，則電功率為　 　W；若加熱電阻絲阻值為880，則工作10s它產生熱量為　 　J；某家庭電路電能表如3圖所示，不使用其它用電器情況下，2臺該款干手器　 　(選填“能”或“不能”)同時工作。
（3）該款干手器吹出熱風溫度參數為35℃-45℃，下列操作能夠提高熱風溫度的是____.(選填相應選項的字母)。
A．在加熱電阻絲左端串聯一個同規格的加熱電阻絲
B．在加熱電阻絲兩端并聯一個同規格的加熱電阻絲
C．換用電功率更大的電動機。
【答案】（1）磁；增大
（2）1100；5500；能
（3）B
【知識點】電功率的計算；電流的熱效應；電功與熱量的綜合計算；電磁鐵的其他應用
【解析】【解答】(1)控制電路中的電磁繼電器主要是利用了電流的磁效應；手伸入艙內，導致電阻R的阻值減小，由可知，控制電路的電流增大，銜鐵被吸下，工作電路開始工作；
(2)該款干手器正常工作時工作電路總電流為5A，則電功率：
P=UI=220V×5A=1100W；
因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，所以加熱電阻絲工作10s產生的熱量：
；
這只電能表允許的用電器同時工作的最大總功率
P總=UI大=220V×20A=4400W，
由P總>2P=2×1100W=2200W可知，不使用其它用電器情況下，2臺該款干手器能同時工作；
(3)工作電路的電壓220V一定時，要提高熱風溫度，由可知，應減小電路中的電阻，因串聯電路中總電阻大于任何一個分電阻、并聯電路中總電阻小于任何一個分電阻，所以，應在加熱電阻絲兩端并聯一個同規格的加熱電阻絲，而不是在加熱電阻絲左端串聯一個同規格的加熱電阻絲，用電功率更大的電動機不能提高熱風溫度，故AC不合理、B合理；
故選B。
【分析】（1）電磁繼電器是利用電流的磁效應工作的。當手伸入艙內，電阻R的阻值減小，根據歐姆定律，控制電路的電流會增大；
（2）干手器正常工作時，總電流為5A，根據電功率公式P=UI，可以計算出電功率。對于加熱電阻絲，利用電熱公式計算10s內產生的熱量；
根據電能表參數，利用P總=UI大，計算允許的最大總功率P總與兩臺干手器同時工作的總功率2P
比較，得出結論；
（3）為了提高熱風溫度，需要減小電路中的電阻。并聯一個同規格的加熱電阻絲可以減小總電阻，而串聯或換用更大功率的電動機則不能達到此目的。
23．（2025·榕城期中）閱讀短文，回答問題。
國產大飛機 C919
如圖所示，據新華財經報道，正在舉行的上海市“兩會”傳出消息，2021年，上海將推動國產大飛機 C919 取得適航證并交付首架。
C919機艙內覆有一層高孔率“超細航空級玻璃棉”，能很好地保溫與吸收噪音，其單絲纖維的直徑只有3~5 m， 1m3的質量為5 kg。
機艙內先進的“呼吸系統”使飛機在氣壓只有2.5×104Pa 左右的萬米高空時，能將機外-50°℃以下的冷空氣不斷壓縮，使送入艙內的空氣溫度達到50℃以上，同時系統依靠傳感器的自動控制，使艙內氣壓和溫度維持體感舒適值。
該機有較大的翼載，翼載指飛機的最大起飛質量與機翼面積的比值；機上搭載的新一代渦扇發動機的熱效率和推進效率比一般客機高，所謂熱效率是指發動機獲得的機械能與燃料完全燃燒產生的內能之比，而推進效率則是指發動機傳遞給飛機的推進功(推力所做的功)與其獲得的機械能之比，下表是飛機的部分技術參數。
最大起飛質量 72.5t 客艙內氣壓 8.0×104Pa
巡航速度 920km/h 發動機的巡航推力 3.6x104N
（1）下列關于“超細航空級玻璃棉”性質的描述中不正確的是____.
A．單絲纖維比頭發細 B．密度與玻璃差不多
C．隔音性能相對較好 D．導熱能力相對較弱
（2）在萬米高空，機體1m2面積上承受內外氣壓的壓力差約為　 　N；為確保機艙內的溫度維持體感舒適值，機上空調需要不斷　 　(選填“加熱”或“制冷”)。
（3） C919在適航認證階段，其中非常重要的一項就是結冰試驗。飛機表面結冰是由于飛機飛行過程中過冷的水滴或降雨碰到機體后　 　 (填物態變化名稱)形成的，也可由水蒸氣在機體表面　 　(填物態變化名稱)形成。
（4）若飛機的翼載是 500kg/m2，則機翼面積為　 　 m2.
（5）若飛機以巡航速度飛行0.5h的過程中，耗油1500kg，發動機的熱效率為40%，則此過程中發動機的推進效率為　 　%。(燃油熱值q取4.6×107J/kg)。
【答案】（1）B
（2）5.5×104；制冷
（3）凝固；凝華
（4）145
（5）60
【知識點】密度公式及其應用；燃料的熱值；壓強的大小及其計算；機械效率；功的計算及應用
【解析】【解答】(1)”超細航空級玻璃棉“性質有：直徑只有 3~5μm，密度為：
，
密度比玻璃的密度小很多，還具有很好的隔音和保溫效果，故B不正確；
故選B；
(2)在萬米高空，機艙外的大氣壓為2.5×104Pa， 機艙內的氣壓為8.0×104Pa， 機體1m2面積上承受內外氣壓的壓力差約為：
△F=F向外一F向內=p內S-P外S=8.0×104Pa x1m2-2.5×104Pax1m2=5.5×104N；
能將機外-50℃以下的冷空氣不斷壓縮，導致送入艙內的空氣溫度達到50℃以上，同時系統依靠傳感器的自動控制，所以機體上的空調要不斷制冷，使艙內氣壓和溫度達到舒適值；
(3)飛機飛行過程中過冷水滴或降雨碰到機體后結冰，由液態變為固態，屬于凝固過程；水蒸氣變成冰，由氣態變為固態是凝華過程；
(4)飛機的最大起飛質量是72.5t，根據翼載指飛機的最大起飛質量與機翼面積的比值得，機翼面積為：
(5)消耗的燃油完全燃燒放出的熱量為：
Q放=mq=1500kg×4.6×107J/kg=6.9×1010 J ，
根據可得，發動機獲得的機械能為：
飛機飛行的路程為：
s =vt =920km/h x 0.5h =460km =4.6×105 m
推力做的功為：
W=Fs=3.6×104N×4.6×105m=1.656×1010J
則此過程中發動機的推進效率為：
【分析】（1）用”超細航空級玻璃棉“性質分析；
（2）使飛機在氣壓只有2.5×10+Pa左右的萬米高空時，用F=Ps算處壓力差，能將機外-50°℃以下的冷空氣不斷壓縮，導致送入艙內的空氣溫度達到50℃以上，同時系統依靠傳感器的自動控制，所以機體上的空調要不斷制冷，使艙內氣壓和溫度達到舒適值；
（3）物質由液態變成固態的過程叫凝固，凝固需要放熱；物質從氣態直接變為固態的過程叫凝華，凝華要放熱；
（4）根據翼載指飛機的最大起飛質量與機翼面積的比值，計算出機翼面積；
（5）根據Q放=mq算出燃料完全燃燒放出的熱量；根據算出發動機獲得的機械能W機械；根據s=vt算出移動的距離；根據W=Fs算出發動機傳遞給飛機的推進功W，根據計算出推力發動機的推進效率。
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