資源簡介

廣東省廣州市海珠外國語實驗中學附屬學校2024年中考三模物理試題
1．（2024·海珠模擬）關于能源、信息與材料，下列說法不正確的是（　?。?br/>A．為降低電能的損耗，可利用超導材料制造電飯煲的電熱絲
B．垃圾分類有利于保護環境和節約能源
C．風能、水能都是可再生能源
D．北斗衛星之間利用電磁波相互傳遞信息，實現“星間鏈路”
2．（2024·海珠模擬）足球賽場上，會經?？匆婈犪t為受傷運動員噴一種藥劑療傷．這種藥劑是氯乙烷，噴在皮膚表面會迅速汽化，使受傷部位表層驟然變冷而暫時失去痛感．這個現象利用了氯乙烷的（　?。?br/>A．溫度低，汽化放熱 B．熔點高，汽化吸熱
C．凝固點低，汽化放熱 D．沸點低，汽化吸熱
3．（2024·海珠模擬）如圖所示，用托盤天平和量筒測量一個小石塊的密度。下列說法正確的是（　?。?br/>A．若稱量過程中出現圖甲所示的情形，則應將平衡螺母向右調，使天平橫梁平衡
B．小石塊的質量為17.4g
C．小石塊的密度為1.72×103kg/m3
D．若把圖乙和圖丙所示的測量順序對調，則會導致小石塊密度的測量值小于真實值
4．（2024·海珠模擬）電磁鐵外部磁感線分布如圖1，將磁化后的縫衣針放在電磁鐵附近，靜止時如圖2，a表示垂直于紙面的一根導線，它是閉合電路的一部分，則（　?。?br/>A．針尖是S極
B．a所處磁場方向向左
C．a水平向右運動時，會產生感應電流
D．a向上運動時，不會產生感應電流
5．（2024·海珠模擬）在“探究電流通過導體產生的熱量與哪些因素有關”的實驗中，某同學采用了如圖甲、乙所示的實驗裝置（兩個透明容器中封閉著等量的空氣）。下列說法正確的是（　　）
①U形管中液面高度變化主要是由液體熱脹冷縮引起的
②圖甲裝置能探究電流通過導體產生的熱量與電阻的關系
③圖乙實驗過程中右邊透明容器中電阻絲阻值應該等于10Ω
④用圖甲中的實驗結論能解釋“電爐絲熱得發紅而與電爐絲相連的導線幾乎不發熱”的現象
A．①② B．②③ C．②④ D．③④
6．（2024·海珠模擬）如圖，用甲、乙兩個滑輪質量不同的滑輪組將相同質量的兩個物體勻速提升相同高度，甲、乙滑輪組繩子自由端的拉力分別為F1和F2，移動的距離分別為s1和s2，若甲滑輪組的機械效率比乙高。則（　　）
A．F1做功比F2多 B．F1一定比F2大
C．s1一定比s2小 D．甲滑輪做的有用功一定比乙多
7．（2024·海珠模擬）如圖1，監測器接收到聲源發出的M、N兩聲音，得到的數據如圖2、3，則（　?。?br/>A．N的音調比M高
B．M的響度比N大
C．聲源發出聲音M時振動幅度比N大
D．聲源發出聲音N時每秒內振動次數比M少
8．（2024·海珠模擬）小飛同學把一枚雞蛋放在一個透明玻璃杯中，加入清水后發現雞蛋沉在杯底（見圖甲）。他向水里加鹽并緩慢攪拌發現雞蛋懸浮在液體中（見圖乙）；他繼續加鹽并緩慢攪拌，最后發現雞蛋漂浮在液面上（圖丙）。下列說法正確的是（　?。?br/>A．雞蛋所受到的浮力
B．雞蛋排開液體的體積
C．雞蛋排開液體的重力
D．丙圖中雞蛋受到的浮力大于雞蛋的重力
9．（2024·海珠模擬）圖甲是托里拆利實驗裝置，圖乙是一個“自制氣壓計”（用插有細管的橡皮塞塞住裝有水的瓶子口，下管口沒入水中，通過上管口向瓶內吹氣，水沿管上升到P點），P點與瓶內水面Q高度差為h3，下列說法錯誤的是
A．甲圖中的托里拆利實驗裝置測出當地的大氣壓是ρ水銀gh1
B．甲圖中的托里拆利實驗中玻璃管傾斜，管內水銀柱豎直高度不變
C．乙圖中的自制氣壓計測出當地當時的大氣壓是ρ水gh3
D．同時帶著兩裝置登山，會發現h1會變小，h3會增大
10．（2024·海珠模擬）有一只標有“6V 3W”字樣的燈泡A和一只定值電阻B，A和B的電流隨兩端電壓變化關系的圖象如圖甲所示。則下列判斷正確的有（　　）
A．定值電阻B兩端電壓與電流成正比
B．將A、B串聯接在9V電源兩端，燈泡A正常發光
C．A、B并聯接在6V電源兩端，10s內電路消耗的電能是30J
D．將A與一個滑動變阻器串聯接在6V電源兩端，如圖乙所示，當燈泡的功率與滑動變阻器的功率相等時，滑動變阻器的功率為3W
11．（2024·海珠模擬）作圖題：
（1）如圖所示，有一個平面鏡斜靠墻放置，小明手持一支激光筆，筆口A點發出的一束光經平面鏡反射后在天花板上留下光點B　 　。
①畫出筆口A點在平面鏡中的像；
②畫出上述現象的入射、反射光線和法線；
（2）如圖，物體AB經凸透鏡后在光屏上成像A'B'，F為透鏡的焦點，請作出兩條入射光線的折射光線　 　。
12．（2024·海珠模擬）如圖甲所示，放在水平地面上的物體，受到方向不變的水平推力F的作用，F的大小與時間t的關系和物體運動速度v與時間t的關系如圖乙所示。則：
（1）在0-2s時段的2s時間內，推力F對物體所做的功是　 　J；
（2）在4-6s時段的2s時間內，物體運動的路程是　 　m；
（3）在4-6s時段的2s時間內，推力F對物體做功的功率是　 　W；
（4）在2-4s時段的2s時間內，物體受到的摩擦力是　 　N。
13．（2024·海珠模擬）如圖1、2是某款空氣開關工作原理簡化圖，電流過大時，電磁鐵將銜鐵向左吸，彈簧將金屬閘刀拉起從而切斷電源。
（1）正常工作時，電磁鐵 　 ?。ㄟx填“有”或“無”）磁性；
（2）電流過大跳閘時，彈簧將閘刀拉起，斷開電路。此時可將金屬閘刀看成一個杠桿，請以O為支點，在圖2中畫出彈簧作用在金屬閘刀上的拉力F1的示意圖，并畫出對應的力臂l1　 ?。蝗翦e將空氣開關的輸入端和輸出端反接，空氣開關 　 　正常工作？（選填“是”或“否”）
14．（2024·海珠模擬）小宸在夜市見到一種“過山車保齡球”游戲，如圖1，只要把保齡球從水平軌道以一定速度推出，球最終能停止在下凹彎道上，就算挑戰成功，可獲得豐厚獎金。小宸發現幾乎沒有能成功挑戰的人。她回家做了一個相似的模型如圖b，其中AB為水平軌道，C為上凸彎道的最高點，D為下凹彎道最低點。
（1）小宸在第一次實驗時，小球以v1推出，小球未能越過C點就返回水平軌道；若要小球能越過C點，小宸以v2推出同一小球，v2必須　 　v1；（選填“大于”、“小于”或“等于”）
（2）當小球離開手以v1推出后，小宸利用相機拍下小球從A運動到C的過程中，每經過相同時間時的位置如圖2。在AB軌道上，小球受到的重力做功為WG＝　 　J；小球受到的摩擦阻力　 ?。ㄟx填以下選項）；
A、很小，可以忽略不計
B、與小宸給小球的推力相等
C、等于小球的重力
D、比較大，但比小宸給小球的推力小
（3）若小球的機械能保持不變，當小球能以一定速度v2通過C點時，它返程中　 ?。ㄟx填“能”或“不能”）通過C點，判斷的依據是：　 ??；
（4）若要提高小球停在D點的成功率，以下措施有效的是：　 　。
A、在導軌上涂一層潤滑油
B、在導軌上鋪一層絨布
C、選用相同質量，表面更光滑的小球
15．（2024·海珠模擬）如圖所示，在進行探究實驗時，用一塊直木板將質量為2000g的正方體物塊勻速拉上平臺，已知拉力F為12N，物塊沿木板移動了2m，升高1m，用時20s。不計繩重，g取10N/kg。求：
（1）上移過程中正方體物塊克服木板摩擦所做的功；
（2）此斜面的機械效率（結果保留到0.1%）。
16．（2024·海珠模擬）如圖是一種電壓力鍋的簡易原理圖。為電源開關，為加熱電阻，其阻值為，L為指示燈，加熱時接a；為保溫電阻，保溫時，接b，此保溫電路的功率為100W。
（1）已知鍋內水體積為3L，初溫為，燒開時水溫為，水燒開過程吸收的熱量是多少？[水的比熱容：，水的密度為
（2）電壓力鍋處于加熱狀態時的功率是多少？
（3）電壓力鍋加熱后水燒開，又保溫5min，共消耗多少電能？
17．（2024·海珠模擬）如圖用伏安法測電阻，同時測得電阻穩定工作時的溫度，得到下表中的數據。
（1）在方框內畫出實物圖對應的電路圖　 　；
（2）根據表中數據在圖坐標系中畫出電阻R的U-I圖線　 　；
電壓U/V 1.00 2.00 3.00
電流I/A 0.10 0.20 0.30
電阻R/Ω 10.0 10.0 10.0
溫度T/℃ 31.3 44.3 69.7
（3）嘉琳認為：根據Q=I2Rt，I、R一定時，通電時間越長，產生熱量應該越多，電阻溫度應該越高，而實驗中電阻溫度穩定，溫度穩定的原因是：　 ??；
（4）當電阻R兩端的電壓為3V時，它的電功率為　 　W，100s消耗的電能為　 　J，產生的熱量為　 　J。
18．（2024·海珠模擬）在細線的一端拴住一個小球，另一端固定在懸掛點上、忽略線的伸縮和線的質量，球的直徑比線的長度短得多，這樣的裝置就叫單擺。如圖所示，單擺擺動一次（例如小球從 A點靜止釋放，經過B點到達最高點C，然后又從C點經過B點回到A點）所用的時間稱為單擺的周期。小旋對單擺周期有以下猜想：可能與單擺的質量、單擺繩長和單擺擺動角度有關。為了驗證上述猜想，她使用刻度尺、秒表、細線、質量不同的小球、量角器等器材，依照物理探究方法，進行了實驗。
（1）為了減小測量周期時的誤差，下列做法最合理及符合實際的是　 　
A．用秒表測量只擺動1次的時間t1，周期
B．用秒表測量擺動10次的總時間t2，周期
C．用秒表測量擺動200次的總時間t3，周期
（2）為了驗證擺動周期T與擺長L的關系，請你：
①寫出實驗步驟和驗證猜想的依據；　 　
②設計記錄實驗數據的表格?！? 　
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】能源及其分類；能源危機與能源消耗對環境的影響；超導體特點及作用；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】A．電飯煲的電熱絲利用電流的熱效應，超導材料通電不產熱，故不能用，A錯誤，符合題意；
B．垃圾分類后，有一部分垃圾可回收再利用，有一部分有害物質可得到妥善處理，有助于減少環境污染和節約能源，B正確，不符合題意；
C．能夠源源不斷地從自然界獲得或可重復利用的能源是可再生能源，風能、水能都是可再生能源，C正確，不符合題意；
D．衛星都是通過電磁波來傳遞信息的，D正確，不符合題意。
故答案為：A。
【分析】超導體的電阻為零，電流通過時，沒有熱量產生；垃圾分類可以減小污染和保護環境；風能、水能都可以再生；電磁波可以傳遞信息。
2．【答案】D
【知識點】汽化及汽化吸熱的特點
3．【答案】C
【知識點】固體密度的測量
【解析】【解答】A．稱量過程中，通過加減砝碼和移動游碼使天平平衡，不能調節平衡螺母，故A錯誤；
B．圖乙中，標尺的分度值為0.2g，根據砝碼和游碼位置，石塊的質量：m=10g+5g+2.2g=17.2g，故B錯誤；
C．圖丙中，水的體積為30mL，水和石塊的總體積為40mL，計算石塊的體積：
V=40mL-30mL=10mL=10cm3，
石塊的密度：，故C正確；
D．將圖乙和圖丙順序對調，石塊從水中取出時沾有水，導致所測量的質量偏大，根據，所測小石塊密度偏大，故D錯誤。
故選C。
【分析】測量質量時，不能移動平衡螺母；根據天平上砝碼和游碼位置，測量質量；根據量筒液面高度差，計算體積，根據，計算密度；若先測量體積，再測量質量，由于物體沾水，測量的質量偏大，計算的密度偏大。
4．【答案】A
【知識點】安培定則；產生感應電流的條件；通電螺線管的極性和電流方向的判斷
【解析】【解答】AB．圖1中，根據安培定則，通電螺線管的右端是S極；圖2中，螺線管中電流方向發生改變，則磁場方向發生改變，即螺線管右端是N極，左端是S極，磁感線從N極指向S極，a處的磁場方向向右；磁化后的縫衣針靜止時，N極的指向與磁場方向一致，則縫衣針右端為N極，即針尖是S極，故A正確，符合題意，B錯誤，不符合題意；
CD．當閉合電路的一部分導體，在磁場做切割磁感線運動，才能產生感應電流，導線a水平向右運動時，沒做切割磁感線運動，不會產生感應電流；a向上運動時，做切割磁感線運動，會產生感應電流，故CD錯誤，不符合題意。
故選A。
【分析】根據磁極間的相互作用，判斷小磁針的N極位置；磁場外部，磁感線從N極指向S極；閉合電路的部分導體切割磁感線時，電路中產生感應電流，是電磁感應現象。
5．【答案】C
【知識點】電流的熱效應
【解析】【解答】①實驗中，U形管中液面高度變化是透明容器中空氣的熱脹冷縮引起的，故①錯誤；
②圖甲裝置中，兩電阻串聯，電流相等，電阻不相等，能探究電流通過導體產生的熱量與電阻的關系，故②正確；
③圖乙中，右邊兩個電阻絲并聯，使右邊容器中電阻的電流與左邊電阻絲的電流不相等，探究的是電熱與電流的關系，需要保持電阻相同，故右側容器中的阻值應該等于5Ω，故③錯誤；
④電爐絲與其相連的導線串聯，電流相等，電阻不相等，產生的熱量不同，是電阻大小不同，產生的熱量不同，所以出現：電爐絲熱得發紅而與電爐絲相連的導線幾乎不發熱，可用圖甲中的實驗結論解釋，故④正確；故①③錯誤，②④正確。
故選C。
【分析】探究電流產生熱量和影響因素時，U型管中液面出現高度差，是密閉容器中空氣受熱膨脹引起的；探究電流產生的熱量和電阻的關系，需要保持電流相等，探究電流產生的熱量和電流大小的關系，需要保持電阻相等；當電流和時間相同時，電阻越大，產生的熱量越多。
6．【答案】C
【知識點】滑輪（組）的機械效率；滑輪組繩子拉力的計算；有用功和額外功
【解析】【解答】AD．物體的質量相同，根據，物體的重力相等，根據，提升相同高度時，兩滑輪組做的有用功相等；甲滑輪組的機械效率比乙高，根據，甲圖F1做功比F2少，故AD不符合題意；
C．圖中，兩滑輪組繩子承重段數分別為：n甲=2，n乙=3，甲繩子自由端移動的距離
乙中繩子自由端移動的距離：，即s1一定比s2小，故C符合題意；
B．根據，F1做功比F2少，s1比s2小時，不能比較F1和F2的大小關系，故B不符合題意。
故選C。
【分析】根據物體的質量，利用G=mg計算重力；根據W=Gh，計算克服重力做功的關系；兩滑輪組做的有用功相等，總功越小，機械效率越大；根據繩子股數和物體移動的距離，判斷繩子移動的距離關系。
7．【答案】D
【知識點】音調及音調與頻率的關系；響度及響度與振幅的關系
【解析】【解答】根據圖示可知，M的頻率大于N的頻率，聲源發出聲音N時每秒內振動次數比M少，則M的音調高，A錯誤，D正確；N的響度大于M的響度，聲源發出聲音M時振動幅度比N小，所以N的響度大，BC錯誤；
故選D。
【分析】音調由頻率決定，頻率越大，音調越高；強弱等級形容的是響度，響度由振幅決定，振幅越大，響度越大。
8．【答案】C
【知識點】阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】由題圖可知，雞蛋在甲中沉入水底，則雞蛋受到的浮力小于其受到的重力，即
在圖乙中懸浮，則其受到的浮力等于其受到的重力，即
在圖丙中漂浮，則其受到的浮力等于其受到的重力，即
所以雞蛋在甲、乙、丙中受到的浮力關系為，AD錯誤；
根據阿基米德原理可知，雞蛋受到的浮力等于其排開水受到的重力，即
則，C正確；
雞蛋在圖乙中懸浮，則雞蛋排開水的體積等于其自身體積，即
在圖丙中漂浮，則雞蛋排開水的體積小于其自身體積，即
所以雞蛋在乙、丙中排開液體的體積關系為，B錯誤；
故選C。
【分析】根據雞蛋的狀態，漂浮、懸浮、沉底，得到雞蛋受到的浮力和重力的關系，以及雞蛋的體積和排開液體體積的關系。
9．【答案】C
【知識點】大氣壓強的測量方法；大氣壓強與高度的關系；氣壓計和抽水機
【解析】【解答】A．甲圖中，水銀管內外液面高度超時為h1，大氣壓能支持h1高的水銀柱，則當地的大氣壓是ρ水銀gh1，故A正確；
B．大氣壓不變，托里拆利實驗中玻璃管傾斜，管內水銀柱長度變長，豎直高度不變，故B正確；
C．由于向瓶內吹氣，使的瓶內的氣壓高于當地的大氣壓，而ρ水gh3的值小于當地的大氣壓，故C錯誤；
D．同時帶著兩裝置登山，大氣減小，則甲圖的h1會變小，乙圖中瓶子是密封的，里面氣體壓強不變，外界氣壓減小，h3會增大，故D正確。
故選C。
【分析】托里拆利實驗中，根據玻璃管內外液面高度差，反應壓強的大??；玻璃管傾斜，液面豎直高度不變；密閉瓶氣壓計中，海拔升高，氣壓減小，玻璃管中液面上升。
10．【答案】B
【知識點】串聯電路的電流規律；并聯電路的電流規律；串聯電路的電壓規律；并聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電功的計算；電功率的計算
【解析】【解答】A．由圖甲可知，當定值電阻B的兩端電壓為6V時，通過的電流為1.0A，則定值電阻B的阻值為
RB是定值電阻，通過定值電阻B的電流與其兩端的電壓成正比，知不能說電阻B兩端電壓與電流成正比，故A錯誤；
B．由題可知燈泡正常發光時的阻值為，
當把定值電阻B和燈泡A串聯在9V的電源兩端時，則通過B和A的電流相等，且A和B兩端的電壓相加等于9V，由圖甲知，此時A及B兩端的電壓分別為6V和3V，即燈泡正常發光，電路的總電流為
，等于燈泡A的額定電流，所以燈泡A正常發光，故B正確；
C．由題可知燈泡A和定值電阻B并聯接在6V電源兩端，燈泡A正常發光，其通過的電流為
，當定值電阻B的兩端電壓為6V時，通過的電流為1.0A，則電路的總電流為
I1=IL+IB=0.5A+1.0A=1.5A
則10s內電路消耗的電能為
W=U1I1t=6V×1.5A×10s=90J
故C錯誤；
D．將燈泡與一個滑動變阻器串聯接在6V電源兩端，由串聯電路的電流特點可知，通過燈泡和滑動變阻器的電流相等，根據功率的計算公式可知，當燈泡的功率與滑動變阻器的功率相等時，其兩端電壓也相等，即
UA'=U滑=3V
由圖甲可知，當燈泡兩端電壓為3V時，通過的電流為0.3A，即此時電路中的電流
I2=IA'=0.3A
則滑動變阻器的功率為
P=U滑I2=3V×0.3A=0.9W
故D錯誤。
故選B。
【分析】A選項，定值電阻的電流與電壓成正比；BD選項，根據串聯電路的電壓電流關系，串聯電路電流處處相等，各用電器電壓相加等于電源電壓；C選項，根據并聯電路的電壓電流關系，并聯電路的電壓相等，干路電流等于各支路電流之和。
11．【答案】（1）
（2）
【知識點】平面鏡成像的相關作圖；透鏡的光路圖
【解析】【解析】（1）根據平面鏡成像的特點，延長平面鏡的界面，作出A關于平面鏡的對稱點，即A的像A'，連接BA'，連線相交于界面于點O，則點O為入射點，連接AO，即可作出入射光線，連接OB，畫上箭頭，即為反射光線，過O做界面的垂線，即為法線，故如圖所示：
（2）從A點發出的光線經凸透鏡折射后，都過A的像點A'，據此作出兩條入射光線的折射光線，如圖所示：
【分析】平面鏡成像特點，像和物關于平面鏡對稱；兩條光線都從A點發出，經過凸透鏡折射之后匯聚于A'點。
（1）根據平面鏡成像的特點，延長平面鏡的界面，作出A關于平面鏡的對稱點，即A的像A'，連接BA'，連線相交于界面于點O，則點O為入射點，連接AO，即可作出入射光線，連接OB，畫上箭頭，即為反射光線，過O做界面的垂線，即為法線，故如圖所示：
（2）從A點發出的光線經凸透鏡折射后，都過A的像點A'，據此作出兩條入射光線的折射光線，如圖所示：
12．【答案】0；8；8；2
【知識點】功率計算公式的應用；二力平衡的條件及其應用；功的計算及應用；時間速度路程的圖像分析
【解析】【解答】（1）圖乙中，在0~2s時段內，物體靜止，則運動的路程為0，故推力不做功，即做功為0。
（2）在4~6s時段內，物體的速度為4m/s，做勻速直線運動，故運動的路程為：
；
（3）在4~6s時段內，推力大小為2N，物體勻速直線運動，則推力等于摩擦力等于2N，速度為4m/s，故推力F對物體做功的功率是：；
（4）在2~4s時段內，物體加速運動，而接觸面的壓力和粗糙程度不變，受到的摩擦力不變，仍為2N。
【分析】（1）物體受到推力保持靜止，沒有移動距離，則推力不做功；
（2）根據圖像，判斷物體移動的速度，根據s=vt，計算路程；
（3）根據推力和速度，利用P=Fv，計算推力做功的功率；
（4）當壓力和接觸面的粗糙程度不變時，滑動摩擦力不變，摩擦力大小和物體的運動速度無關。
13．【答案】有；；是
【知識點】力臂的畫法；影響電磁鐵磁性強弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）空氣開關正常工作時，通電空氣開關中的電磁鐵有電流通過，所以電磁鐵中有磁性。
（2）金屬閘刀是杠桿，彈簧對杠桿的吸引力是F1，支點是O，由支點O 向動力F1作垂線OA，OA就是力臂L1
若錯將空氣開關的輸入端和輸出端反接，由于電磁鐵磁性的大小與電流的方向無關，所以空氣開關能正常工作。
【分析】電磁鐵中有電流經過時會產生磁場；力臂是支點到力的作用線的距離；將空氣開關的輸入端和輸出端反接，只會改變磁場的方向，不會改變磁性的大小。
14．【答案】大于；0；A；能；機械能不變，返回后的高度相同，重力勢能相同，故到達C點的動能相同，因而可以通過C點；B
【知識點】探究影響物體動能大小的因素；機械能及其轉化；機械能守恒條件；二力平衡的條件及其應用；功的計算及應用
【解析】【解答】探究動能大小的影響因素時，
（1）第一次實驗時，小球以v1推出，運動的小球具有動能，未能越過C點，則小球的重力勢能較小，則動能轉化為重力勢能較??；若要小球能越過C點，需要增大動能，當質量一定時，需要增大速度，以v2推出同一小球，v2必須大于v1。
（2）當以v1推出小球后，拍下小球從A運動到C的軌跡，每次拍攝時間相同，圖2中，在AB軌道上，小球受到的重力豎直向下，而水平移動距離，重力方向沒有距離，故重力不做功，即WG＝0J。
在AB軌道上小球水平運動時，速度幾乎不變，處于平衡狀態，受到的摩擦力很小，可忽略不計，故A符合題意，BCD不符合題意。
故選A。
（3）若小球的機械能保持不變，當小球能以一定速度v2通過C點時，返程中機械能不變，則可以通過C點，判斷的依據是：機械能不變，返回后的高度相同，重力勢能相同，故到達C點的動能相同，因而可以返回。
（4）若使小球停在D點，即返回時不能到達C，即機械能減小，因而需要增大摩擦力，使得機械能轉化為內能，可在導軌上鋪一層絨布，增大接觸面的粗糙程度增大摩擦力，在導軌上涂一層潤滑油、選用相同質量，表面更光滑的小球，能減小了摩擦力，小球會越過C點，故B符合題意，ACD不符合題意。
故選B。
【分析】（1）從水平面上升的小球，若使其高度變大，則重力勢能變大，需要增大動能，質量一定時，則增大物體的速度；
（2）水平面上運動的物體，受到重力，在重力方向沒有移動距離，則重力不做功；水平方向勻速直線運動的物體，速度不變，受到平衡力；
（3）運動的物體若機械能保持不變，運動中可以到達相同高度；
（4）壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度，可以增大摩擦力，從而消耗機械能。
15．【答案】解：（1）拉力所做的功：W總=Fs=12N×2m=24J
正方體物塊的重為：G=mg=2000×10-3kg×10N/kg=20N
該過程的有用功：W有=Gh=20N×1m=20J
克服摩擦力做的功為額外功，所以箱子克服木板摩擦力所做的功
W額=W總-W有=24J-20J=4J
（2）斜面的機械效率
答：（1）上移過程中正方體物塊克服木板摩擦所做的功為4J；
（2）此斜面的機械效率為83.3%。
【知識點】斜面的機械效率；有用功和額外功
【解析】【分析】（1）根據W=Fs，計算拉力做功多少；利用G=mg，計算物體受到重力的大??；利用W=Gh，計算克服重力做功多少；結合總功和有用功的差，計算額外功；
（2）根據有用功和總功，利用，計算機械效率。
16．【答案】（1）
（2）1100W
（3）
【知識點】比熱容；電功率與電能、時間的關系；電功率的計算
【解析】【解析】（1）水的體積，
水的質量為，
水吸收的熱量為
；
（2）當電壓力鍋處于加熱狀態時，電源開關閉合、接a，由圖可知，此時只有工作，則電壓力鍋處于加熱狀態時的功率為；
（3）保溫電路的功率為100W，電壓力鍋先加熱10min后保溫5min共消耗的電能為
。
【分析】（1）根據Q=cmt計算水吸收的熱量；（2）先判斷出加熱的電路狀態，再根據P=U2/R計算加熱功率；（3）根據W=Pt計算所消耗的電能。
（1）水的體積
水的質量為
水吸收的熱量為
（2）當電壓力鍋處于加熱狀態時，電源開關閉合、接a，由圖可知，此時只有工作，則電壓力鍋處于加熱狀態時的功率為
（3）保溫電路的功率為100W，電壓力鍋先加熱10min后保溫5min共消耗的電能為
17．【答案】；；電流通過電阻產生的熱量等于它散發在空氣中的熱量；0.9；90；90
【知識點】伏安法測電阻的探究實驗；電功率的計算；焦耳定律的應用
【解析】【解答】（1）滑動變阻器、電流表、電阻串聯接入電路，電壓表并聯在電阻兩端，如圖所示：
（2）根據表中數據描點連線即可，如圖所示：
（3）根據Q=I2Rt，I、R一定時，通電時間越長，產生熱量應該越多，但此時，電流通過電阻產生的熱量等于它散失到空氣中的熱量，因此電阻的內能不再增加，溫度穩定；
（4）由表格可知電阻的阻值為，當R兩端的電壓為3V時，它的電功率為
；
根據公式可得100s消耗的電能為
；
根據能量轉化，電阻屬于純電阻電路，電阻R消耗的電能等于產生的熱量
Q=W=90J。
【分析】（1）電流表串聯連接，電壓表并聯連接；（2）根據表格中的數據描點連線即可；（3）電流通過電阻產生的熱量會散失到空氣中，所以電阻的溫度穩定；（4）根據公式、W=Pt進行計算。
18．【答案】B；實驗步驟：A．用長為l1的細線拴住小球，另一端固定在懸掛點上，小球從 A點靜止釋放，測出小球擺動10次所用的時間；B．更換不同長度的細繩l2、l3、l4、l5重復實驗，每次實驗時小球不變，小球擺動的角度不變；C．計算不同擺長對應的擺動周期，填入表格，根據數據得出結論。驗證猜想的依據：如果不同擺長對應的周期不同，則證明單擺的周期與擺長有關；如果不同擺長對應的周期相同，則證明單擺的周期與擺長無關；
次數 擺長l/cm 擺球質量m/kg 擺角 擺動10次的時間t/s 擺動1次時間t/s
1 　 　 　 　 　
2 　 　 　 　 　
3 　 　 　 　 　
4 　 　 　 　 　
5 　 　 　 　 　
【知識點】測量物體運動的平均速度
【解析】【解答】探究單擺擺動周期的影響因素是，
（1）單擺的周期較短，為了準確測量一個周期的時間，可測量單擺擺動多次所用的時間，然后取平均值得到擺動一次的時間。測量一次，誤差較大，測量擺動200次次數太多，計數麻煩，且小球在擺動過程中，會克服空氣阻力而消耗一部分機械能，導致測量的誤差較大，故B符合題意，AC不符合題意。
故選B。
（2）探究擺動周期和擺長的關系，
①實驗步驟：A．用長為l1的細線拴住小球，另一端固定在懸掛點上，小球從 A點靜止釋放，測出小球擺動10次所用的時間；
B．更換不同長度的細繩l2、l3、l4、l5重復實驗，每次實驗時小球不變，小球擺動的角度不變；
C．計算不同擺長對應的擺動周期，填入表格，根據數據得出結論。
驗證猜想的依據：如果不同擺長對應的周期不同，則證明單擺的周期與擺長有關；如果不同擺長對應的周期相同，則證明單擺的周期與擺長無關。
②根據記錄數據的要求，需要測量擺長、擺球質量、擺角、擺動時間和一次的時間，設計記錄實驗數據的表格為：
次數 擺長l/cm 擺球質量m/kg 擺角 擺動10次的時間t/s 擺動1次時間t/s
1 　 　
2 　 　
3 　 　
4 　 　
5 　 　
【分析】（1）測量擺動一次的時間時，適當測量多次擺動的時間，計算平均值，可以減小誤差；
（2）測量擺動周期和擺長的關系，需要保持擺的質量、擺角相同，擺長不同，進行多次實驗，根據要求，計算實驗數據，設計實驗記錄表。
1 / 1廣東省廣州市海珠外國語實驗中學附屬學校2024年中考三模物理試題
1．（2024·海珠模擬）關于能源、信息與材料，下列說法不正確的是（　　）
A．為降低電能的損耗，可利用超導材料制造電飯煲的電熱絲
B．垃圾分類有利于保護環境和節約能源
C．風能、水能都是可再生能源
D．北斗衛星之間利用電磁波相互傳遞信息，實現“星間鏈路”
【答案】A
【知識點】能源及其分類；能源危機與能源消耗對環境的影響；超導體特點及作用；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】A．電飯煲的電熱絲利用電流的熱效應，超導材料通電不產熱，故不能用，A錯誤，符合題意；
B．垃圾分類后，有一部分垃圾可回收再利用，有一部分有害物質可得到妥善處理，有助于減少環境污染和節約能源，B正確，不符合題意；
C．能夠源源不斷地從自然界獲得或可重復利用的能源是可再生能源，風能、水能都是可再生能源，C正確，不符合題意；
D．衛星都是通過電磁波來傳遞信息的，D正確，不符合題意。
故答案為：A。
【分析】超導體的電阻為零，電流通過時，沒有熱量產生；垃圾分類可以減小污染和保護環境；風能、水能都可以再生；電磁波可以傳遞信息。
2．（2024·海珠模擬）足球賽場上，會經?？匆婈犪t為受傷運動員噴一種藥劑療傷．這種藥劑是氯乙烷，噴在皮膚表面會迅速汽化，使受傷部位表層驟然變冷而暫時失去痛感．這個現象利用了氯乙烷的（　?。?br/>A．溫度低，汽化放熱 B．熔點高，汽化吸熱
C．凝固點低，汽化放熱 D．沸點低，汽化吸熱
【答案】D
【知識點】汽化及汽化吸熱的特點
3．（2024·海珠模擬）如圖所示，用托盤天平和量筒測量一個小石塊的密度。下列說法正確的是（　?。?br/>A．若稱量過程中出現圖甲所示的情形，則應將平衡螺母向右調，使天平橫梁平衡
B．小石塊的質量為17.4g
C．小石塊的密度為1.72×103kg/m3
D．若把圖乙和圖丙所示的測量順序對調，則會導致小石塊密度的測量值小于真實值
【答案】C
【知識點】固體密度的測量
【解析】【解答】A．稱量過程中，通過加減砝碼和移動游碼使天平平衡，不能調節平衡螺母，故A錯誤；
B．圖乙中，標尺的分度值為0.2g，根據砝碼和游碼位置，石塊的質量：m=10g+5g+2.2g=17.2g，故B錯誤；
C．圖丙中，水的體積為30mL，水和石塊的總體積為40mL，計算石塊的體積：
V=40mL-30mL=10mL=10cm3，
石塊的密度：，故C正確；
D．將圖乙和圖丙順序對調，石塊從水中取出時沾有水，導致所測量的質量偏大，根據，所測小石塊密度偏大，故D錯誤。
故選C。
【分析】測量質量時，不能移動平衡螺母；根據天平上砝碼和游碼位置，測量質量；根據量筒液面高度差，計算體積，根據，計算密度；若先測量體積，再測量質量，由于物體沾水，測量的質量偏大，計算的密度偏大。
4．（2024·海珠模擬）電磁鐵外部磁感線分布如圖1，將磁化后的縫衣針放在電磁鐵附近，靜止時如圖2，a表示垂直于紙面的一根導線，它是閉合電路的一部分，則（　　）
A．針尖是S極
B．a所處磁場方向向左
C．a水平向右運動時，會產生感應電流
D．a向上運動時，不會產生感應電流
【答案】A
【知識點】安培定則；產生感應電流的條件；通電螺線管的極性和電流方向的判斷
【解析】【解答】AB．圖1中，根據安培定則，通電螺線管的右端是S極；圖2中，螺線管中電流方向發生改變，則磁場方向發生改變，即螺線管右端是N極，左端是S極，磁感線從N極指向S極，a處的磁場方向向右；磁化后的縫衣針靜止時，N極的指向與磁場方向一致，則縫衣針右端為N極，即針尖是S極，故A正確，符合題意，B錯誤，不符合題意；
CD．當閉合電路的一部分導體，在磁場做切割磁感線運動，才能產生感應電流，導線a水平向右運動時，沒做切割磁感線運動，不會產生感應電流；a向上運動時，做切割磁感線運動，會產生感應電流，故CD錯誤，不符合題意。
故選A。
【分析】根據磁極間的相互作用，判斷小磁針的N極位置；磁場外部，磁感線從N極指向S極；閉合電路的部分導體切割磁感線時，電路中產生感應電流，是電磁感應現象。
5．（2024·海珠模擬）在“探究電流通過導體產生的熱量與哪些因素有關”的實驗中，某同學采用了如圖甲、乙所示的實驗裝置（兩個透明容器中封閉著等量的空氣）。下列說法正確的是（　?。?br/>①U形管中液面高度變化主要是由液體熱脹冷縮引起的
②圖甲裝置能探究電流通過導體產生的熱量與電阻的關系
③圖乙實驗過程中右邊透明容器中電阻絲阻值應該等于10Ω
④用圖甲中的實驗結論能解釋“電爐絲熱得發紅而與電爐絲相連的導線幾乎不發熱”的現象
A．①② B．②③ C．②④ D．③④
【答案】C
【知識點】電流的熱效應
【解析】【解答】①實驗中，U形管中液面高度變化是透明容器中空氣的熱脹冷縮引起的，故①錯誤；
②圖甲裝置中，兩電阻串聯，電流相等，電阻不相等，能探究電流通過導體產生的熱量與電阻的關系，故②正確；
③圖乙中，右邊兩個電阻絲并聯，使右邊容器中電阻的電流與左邊電阻絲的電流不相等，探究的是電熱與電流的關系，需要保持電阻相同，故右側容器中的阻值應該等于5Ω，故③錯誤；
④電爐絲與其相連的導線串聯，電流相等，電阻不相等，產生的熱量不同，是電阻大小不同，產生的熱量不同，所以出現：電爐絲熱得發紅而與電爐絲相連的導線幾乎不發熱，可用圖甲中的實驗結論解釋，故④正確；故①③錯誤，②④正確。
故選C。
【分析】探究電流產生熱量和影響因素時，U型管中液面出現高度差，是密閉容器中空氣受熱膨脹引起的；探究電流產生的熱量和電阻的關系，需要保持電流相等，探究電流產生的熱量和電流大小的關系，需要保持電阻相等；當電流和時間相同時，電阻越大，產生的熱量越多。
6．（2024·海珠模擬）如圖，用甲、乙兩個滑輪質量不同的滑輪組將相同質量的兩個物體勻速提升相同高度，甲、乙滑輪組繩子自由端的拉力分別為F1和F2，移動的距離分別為s1和s2，若甲滑輪組的機械效率比乙高。則（　?。?br/>A．F1做功比F2多 B．F1一定比F2大
C．s1一定比s2小 D．甲滑輪做的有用功一定比乙多
【答案】C
【知識點】滑輪（組）的機械效率；滑輪組繩子拉力的計算；有用功和額外功
【解析】【解答】AD．物體的質量相同，根據，物體的重力相等，根據，提升相同高度時，兩滑輪組做的有用功相等；甲滑輪組的機械效率比乙高，根據，甲圖F1做功比F2少，故AD不符合題意；
C．圖中，兩滑輪組繩子承重段數分別為：n甲=2，n乙=3，甲繩子自由端移動的距離
乙中繩子自由端移動的距離：，即s1一定比s2小，故C符合題意；
B．根據，F1做功比F2少，s1比s2小時，不能比較F1和F2的大小關系，故B不符合題意。
故選C。
【分析】根據物體的質量，利用G=mg計算重力；根據W=Gh，計算克服重力做功的關系；兩滑輪組做的有用功相等，總功越小，機械效率越大；根據繩子股數和物體移動的距離，判斷繩子移動的距離關系。
7．（2024·海珠模擬）如圖1，監測器接收到聲源發出的M、N兩聲音，得到的數據如圖2、3，則（　　）
A．N的音調比M高
B．M的響度比N大
C．聲源發出聲音M時振動幅度比N大
D．聲源發出聲音N時每秒內振動次數比M少
【答案】D
【知識點】音調及音調與頻率的關系；響度及響度與振幅的關系
【解析】【解答】根據圖示可知，M的頻率大于N的頻率，聲源發出聲音N時每秒內振動次數比M少，則M的音調高，A錯誤，D正確；N的響度大于M的響度，聲源發出聲音M時振動幅度比N小，所以N的響度大，BC錯誤；
故選D。
【分析】音調由頻率決定，頻率越大，音調越高；強弱等級形容的是響度，響度由振幅決定，振幅越大，響度越大。
8．（2024·海珠模擬）小飛同學把一枚雞蛋放在一個透明玻璃杯中，加入清水后發現雞蛋沉在杯底（見圖甲）。他向水里加鹽并緩慢攪拌發現雞蛋懸浮在液體中（見圖乙）；他繼續加鹽并緩慢攪拌，最后發現雞蛋漂浮在液面上（圖丙）。下列說法正確的是（　?。?br/>A．雞蛋所受到的浮力
B．雞蛋排開液體的體積
C．雞蛋排開液體的重力
D．丙圖中雞蛋受到的浮力大于雞蛋的重力
【答案】C
【知識點】阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】由題圖可知，雞蛋在甲中沉入水底，則雞蛋受到的浮力小于其受到的重力，即
在圖乙中懸浮，則其受到的浮力等于其受到的重力，即
在圖丙中漂浮，則其受到的浮力等于其受到的重力，即
所以雞蛋在甲、乙、丙中受到的浮力關系為，AD錯誤；
根據阿基米德原理可知，雞蛋受到的浮力等于其排開水受到的重力，即
則，C正確；
雞蛋在圖乙中懸浮，則雞蛋排開水的體積等于其自身體積，即
在圖丙中漂浮，則雞蛋排開水的體積小于其自身體積，即
所以雞蛋在乙、丙中排開液體的體積關系為，B錯誤；
故選C。
【分析】根據雞蛋的狀態，漂浮、懸浮、沉底，得到雞蛋受到的浮力和重力的關系，以及雞蛋的體積和排開液體體積的關系。
9．（2024·海珠模擬）圖甲是托里拆利實驗裝置，圖乙是一個“自制氣壓計”（用插有細管的橡皮塞塞住裝有水的瓶子口，下管口沒入水中，通過上管口向瓶內吹氣，水沿管上升到P點），P點與瓶內水面Q高度差為h3，下列說法錯誤的是
A．甲圖中的托里拆利實驗裝置測出當地的大氣壓是ρ水銀gh1
B．甲圖中的托里拆利實驗中玻璃管傾斜，管內水銀柱豎直高度不變
C．乙圖中的自制氣壓計測出當地當時的大氣壓是ρ水gh3
D．同時帶著兩裝置登山，會發現h1會變小，h3會增大
【答案】C
【知識點】大氣壓強的測量方法；大氣壓強與高度的關系；氣壓計和抽水機
【解析】【解答】A．甲圖中，水銀管內外液面高度超時為h1，大氣壓能支持h1高的水銀柱，則當地的大氣壓是ρ水銀gh1，故A正確；
B．大氣壓不變，托里拆利實驗中玻璃管傾斜，管內水銀柱長度變長，豎直高度不變，故B正確；
C．由于向瓶內吹氣，使的瓶內的氣壓高于當地的大氣壓，而ρ水gh3的值小于當地的大氣壓，故C錯誤；
D．同時帶著兩裝置登山，大氣減小，則甲圖的h1會變小，乙圖中瓶子是密封的，里面氣體壓強不變，外界氣壓減小，h3會增大，故D正確。
故選C。
【分析】托里拆利實驗中，根據玻璃管內外液面高度差，反應壓強的大??；玻璃管傾斜，液面豎直高度不變；密閉瓶氣壓計中，海拔升高，氣壓減小，玻璃管中液面上升。
10．（2024·海珠模擬）有一只標有“6V 3W”字樣的燈泡A和一只定值電阻B，A和B的電流隨兩端電壓變化關系的圖象如圖甲所示。則下列判斷正確的有（　?。?br/>A．定值電阻B兩端電壓與電流成正比
B．將A、B串聯接在9V電源兩端，燈泡A正常發光
C．A、B并聯接在6V電源兩端，10s內電路消耗的電能是30J
D．將A與一個滑動變阻器串聯接在6V電源兩端，如圖乙所示，當燈泡的功率與滑動變阻器的功率相等時，滑動變阻器的功率為3W
【答案】B
【知識點】串聯電路的電流規律；并聯電路的電流規律；串聯電路的電壓規律；并聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電功的計算；電功率的計算
【解析】【解答】A．由圖甲可知，當定值電阻B的兩端電壓為6V時，通過的電流為1.0A，則定值電阻B的阻值為
RB是定值電阻，通過定值電阻B的電流與其兩端的電壓成正比，知不能說電阻B兩端電壓與電流成正比，故A錯誤；
B．由題可知燈泡正常發光時的阻值為，
當把定值電阻B和燈泡A串聯在9V的電源兩端時，則通過B和A的電流相等，且A和B兩端的電壓相加等于9V，由圖甲知，此時A及B兩端的電壓分別為6V和3V，即燈泡正常發光，電路的總電流為
，等于燈泡A的額定電流，所以燈泡A正常發光，故B正確；
C．由題可知燈泡A和定值電阻B并聯接在6V電源兩端，燈泡A正常發光，其通過的電流為
，當定值電阻B的兩端電壓為6V時，通過的電流為1.0A，則電路的總電流為
I1=IL+IB=0.5A+1.0A=1.5A
則10s內電路消耗的電能為
W=U1I1t=6V×1.5A×10s=90J
故C錯誤；
D．將燈泡與一個滑動變阻器串聯接在6V電源兩端，由串聯電路的電流特點可知，通過燈泡和滑動變阻器的電流相等，根據功率的計算公式可知，當燈泡的功率與滑動變阻器的功率相等時，其兩端電壓也相等，即
UA'=U滑=3V
由圖甲可知，當燈泡兩端電壓為3V時，通過的電流為0.3A，即此時電路中的電流
I2=IA'=0.3A
則滑動變阻器的功率為
P=U滑I2=3V×0.3A=0.9W
故D錯誤。
故選B。
【分析】A選項，定值電阻的電流與電壓成正比；BD選項，根據串聯電路的電壓電流關系，串聯電路電流處處相等，各用電器電壓相加等于電源電壓；C選項，根據并聯電路的電壓電流關系，并聯電路的電壓相等，干路電流等于各支路電流之和。
11．（2024·海珠模擬）作圖題：
（1）如圖所示，有一個平面鏡斜靠墻放置，小明手持一支激光筆，筆口A點發出的一束光經平面鏡反射后在天花板上留下光點B　 　。
①畫出筆口A點在平面鏡中的像；
②畫出上述現象的入射、反射光線和法線；
（2）如圖，物體AB經凸透鏡后在光屏上成像A'B'，F為透鏡的焦點，請作出兩條入射光線的折射光線　 　。
【答案】（1）
（2）
【知識點】平面鏡成像的相關作圖；透鏡的光路圖
【解析】【解析】（1）根據平面鏡成像的特點，延長平面鏡的界面，作出A關于平面鏡的對稱點，即A的像A'，連接BA'，連線相交于界面于點O，則點O為入射點，連接AO，即可作出入射光線，連接OB，畫上箭頭，即為反射光線，過O做界面的垂線，即為法線，故如圖所示：
（2）從A點發出的光線經凸透鏡折射后，都過A的像點A'，據此作出兩條入射光線的折射光線，如圖所示：
【分析】平面鏡成像特點，像和物關于平面鏡對稱；兩條光線都從A點發出，經過凸透鏡折射之后匯聚于A'點。
（1）根據平面鏡成像的特點，延長平面鏡的界面，作出A關于平面鏡的對稱點，即A的像A'，連接BA'，連線相交于界面于點O，則點O為入射點，連接AO，即可作出入射光線，連接OB，畫上箭頭，即為反射光線，過O做界面的垂線，即為法線，故如圖所示：
（2）從A點發出的光線經凸透鏡折射后，都過A的像點A'，據此作出兩條入射光線的折射光線，如圖所示：
12．（2024·海珠模擬）如圖甲所示，放在水平地面上的物體，受到方向不變的水平推力F的作用，F的大小與時間t的關系和物體運動速度v與時間t的關系如圖乙所示。則：
（1）在0-2s時段的2s時間內，推力F對物體所做的功是　 　J；
（2）在4-6s時段的2s時間內，物體運動的路程是　 　m；
（3）在4-6s時段的2s時間內，推力F對物體做功的功率是　 　W；
（4）在2-4s時段的2s時間內，物體受到的摩擦力是　 　N。
【答案】0；8；8；2
【知識點】功率計算公式的應用；二力平衡的條件及其應用；功的計算及應用；時間速度路程的圖像分析
【解析】【解答】（1）圖乙中，在0~2s時段內，物體靜止，則運動的路程為0，故推力不做功，即做功為0。
（2）在4~6s時段內，物體的速度為4m/s，做勻速直線運動，故運動的路程為：
；
（3）在4~6s時段內，推力大小為2N，物體勻速直線運動，則推力等于摩擦力等于2N，速度為4m/s，故推力F對物體做功的功率是：；
（4）在2~4s時段內，物體加速運動，而接觸面的壓力和粗糙程度不變，受到的摩擦力不變，仍為2N。
【分析】（1）物體受到推力保持靜止，沒有移動距離，則推力不做功；
（2）根據圖像，判斷物體移動的速度，根據s=vt，計算路程；
（3）根據推力和速度，利用P=Fv，計算推力做功的功率；
（4）當壓力和接觸面的粗糙程度不變時，滑動摩擦力不變，摩擦力大小和物體的運動速度無關。
13．（2024·海珠模擬）如圖1、2是某款空氣開關工作原理簡化圖，電流過大時，電磁鐵將銜鐵向左吸，彈簧將金屬閘刀拉起從而切斷電源。
（1）正常工作時，電磁鐵 　 　（選填“有”或“無”）磁性；
（2）電流過大跳閘時，彈簧將閘刀拉起，斷開電路。此時可將金屬閘刀看成一個杠桿，請以O為支點，在圖2中畫出彈簧作用在金屬閘刀上的拉力F1的示意圖，并畫出對應的力臂l1　 　；若錯將空氣開關的輸入端和輸出端反接，空氣開關 　 　正常工作？（選填“是”或“否”）
【答案】有；；是
【知識點】力臂的畫法；影響電磁鐵磁性強弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）空氣開關正常工作時，通電空氣開關中的電磁鐵有電流通過，所以電磁鐵中有磁性。
（2）金屬閘刀是杠桿，彈簧對杠桿的吸引力是F1，支點是O，由支點O 向動力F1作垂線OA，OA就是力臂L1
若錯將空氣開關的輸入端和輸出端反接，由于電磁鐵磁性的大小與電流的方向無關，所以空氣開關能正常工作。
【分析】電磁鐵中有電流經過時會產生磁場；力臂是支點到力的作用線的距離；將空氣開關的輸入端和輸出端反接，只會改變磁場的方向，不會改變磁性的大小。
14．（2024·海珠模擬）小宸在夜市見到一種“過山車保齡球”游戲，如圖1，只要把保齡球從水平軌道以一定速度推出，球最終能停止在下凹彎道上，就算挑戰成功，可獲得豐厚獎金。小宸發現幾乎沒有能成功挑戰的人。她回家做了一個相似的模型如圖b，其中AB為水平軌道，C為上凸彎道的最高點，D為下凹彎道最低點。
（1）小宸在第一次實驗時，小球以v1推出，小球未能越過C點就返回水平軌道；若要小球能越過C點，小宸以v2推出同一小球，v2必須　 　v1；（選填“大于”、“小于”或“等于”）
（2）當小球離開手以v1推出后，小宸利用相機拍下小球從A運動到C的過程中，每經過相同時間時的位置如圖2。在AB軌道上，小球受到的重力做功為WG＝　 　J；小球受到的摩擦阻力　 　（選填以下選項）；
A、很小，可以忽略不計
B、與小宸給小球的推力相等
C、等于小球的重力
D、比較大，但比小宸給小球的推力小
（3）若小球的機械能保持不變，當小球能以一定速度v2通過C點時，它返程中　 ?。ㄟx填“能”或“不能”）通過C點，判斷的依據是：　 ??；
（4）若要提高小球停在D點的成功率，以下措施有效的是：　 　。
A、在導軌上涂一層潤滑油
B、在導軌上鋪一層絨布
C、選用相同質量，表面更光滑的小球
【答案】大于；0；A；能；機械能不變，返回后的高度相同，重力勢能相同，故到達C點的動能相同，因而可以通過C點；B
【知識點】探究影響物體動能大小的因素；機械能及其轉化；機械能守恒條件；二力平衡的條件及其應用；功的計算及應用
【解析】【解答】探究動能大小的影響因素時，
（1）第一次實驗時，小球以v1推出，運動的小球具有動能，未能越過C點，則小球的重力勢能較小，則動能轉化為重力勢能較?。蝗粢∏蚰茉竭^C點，需要增大動能，當質量一定時，需要增大速度，以v2推出同一小球，v2必須大于v1。
（2）當以v1推出小球后，拍下小球從A運動到C的軌跡，每次拍攝時間相同，圖2中，在AB軌道上，小球受到的重力豎直向下，而水平移動距離，重力方向沒有距離，故重力不做功，即WG＝0J。
在AB軌道上小球水平運動時，速度幾乎不變，處于平衡狀態，受到的摩擦力很小，可忽略不計，故A符合題意，BCD不符合題意。
故選A。
（3）若小球的機械能保持不變，當小球能以一定速度v2通過C點時，返程中機械能不變，則可以通過C點，判斷的依據是：機械能不變，返回后的高度相同，重力勢能相同，故到達C點的動能相同，因而可以返回。
（4）若使小球停在D點，即返回時不能到達C，即機械能減小，因而需要增大摩擦力，使得機械能轉化為內能，可在導軌上鋪一層絨布，增大接觸面的粗糙程度增大摩擦力，在導軌上涂一層潤滑油、選用相同質量，表面更光滑的小球，能減小了摩擦力，小球會越過C點，故B符合題意，ACD不符合題意。
故選B。
【分析】（1）從水平面上升的小球，若使其高度變大，則重力勢能變大，需要增大動能，質量一定時，則增大物體的速度；
（2）水平面上運動的物體，受到重力，在重力方向沒有移動距離，則重力不做功；水平方向勻速直線運動的物體，速度不變，受到平衡力；
（3）運動的物體若機械能保持不變，運動中可以到達相同高度；
（4）壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度，可以增大摩擦力，從而消耗機械能。
15．（2024·海珠模擬）如圖所示，在進行探究實驗時，用一塊直木板將質量為2000g的正方體物塊勻速拉上平臺，已知拉力F為12N，物塊沿木板移動了2m，升高1m，用時20s。不計繩重，g取10N/kg。求：
（1）上移過程中正方體物塊克服木板摩擦所做的功；
（2）此斜面的機械效率（結果保留到0.1%）。
【答案】解：（1）拉力所做的功：W總=Fs=12N×2m=24J
正方體物塊的重為：G=mg=2000×10-3kg×10N/kg=20N
該過程的有用功：W有=Gh=20N×1m=20J
克服摩擦力做的功為額外功，所以箱子克服木板摩擦力所做的功
W額=W總-W有=24J-20J=4J
（2）斜面的機械效率
答：（1）上移過程中正方體物塊克服木板摩擦所做的功為4J；
（2）此斜面的機械效率為83.3%。
【知識點】斜面的機械效率；有用功和額外功
【解析】【分析】（1）根據W=Fs，計算拉力做功多少；利用G=mg，計算物體受到重力的大小；利用W=Gh，計算克服重力做功多少；結合總功和有用功的差，計算額外功；
（2）根據有用功和總功，利用，計算機械效率。
16．（2024·海珠模擬）如圖是一種電壓力鍋的簡易原理圖。為電源開關，為加熱電阻，其阻值為，L為指示燈，加熱時接a；為保溫電阻，保溫時，接b，此保溫電路的功率為100W。
（1）已知鍋內水體積為3L，初溫為，燒開時水溫為，水燒開過程吸收的熱量是多少？[水的比熱容：，水的密度為
（2）電壓力鍋處于加熱狀態時的功率是多少？
（3）電壓力鍋加熱后水燒開，又保溫5min，共消耗多少電能？
【答案】（1）
（2）1100W
（3）
【知識點】比熱容；電功率與電能、時間的關系；電功率的計算
【解析】【解析】（1）水的體積，
水的質量為，
水吸收的熱量為
；
（2）當電壓力鍋處于加熱狀態時，電源開關閉合、接a，由圖可知，此時只有工作，則電壓力鍋處于加熱狀態時的功率為；
（3）保溫電路的功率為100W，電壓力鍋先加熱10min后保溫5min共消耗的電能為
。
【分析】（1）根據Q=cmt計算水吸收的熱量；（2）先判斷出加熱的電路狀態，再根據P=U2/R計算加熱功率；（3）根據W=Pt計算所消耗的電能。
（1）水的體積
水的質量為
水吸收的熱量為
（2）當電壓力鍋處于加熱狀態時，電源開關閉合、接a，由圖可知，此時只有工作，則電壓力鍋處于加熱狀態時的功率為
（3）保溫電路的功率為100W，電壓力鍋先加熱10min后保溫5min共消耗的電能為
17．（2024·海珠模擬）如圖用伏安法測電阻，同時測得電阻穩定工作時的溫度，得到下表中的數據。
（1）在方框內畫出實物圖對應的電路圖　 　；
（2）根據表中數據在圖坐標系中畫出電阻R的U-I圖線　 ??；
電壓U/V 1.00 2.00 3.00
電流I/A 0.10 0.20 0.30
電阻R/Ω 10.0 10.0 10.0
溫度T/℃ 31.3 44.3 69.7
（3）嘉琳認為：根據Q=I2Rt，I、R一定時，通電時間越長，產生熱量應該越多，電阻溫度應該越高，而實驗中電阻溫度穩定，溫度穩定的原因是：　 ?。?br/>（4）當電阻R兩端的電壓為3V時，它的電功率為　 　W，100s消耗的電能為　 　J，產生的熱量為　 　J。
【答案】；；電流通過電阻產生的熱量等于它散發在空氣中的熱量；0.9；90；90
【知識點】伏安法測電阻的探究實驗；電功率的計算；焦耳定律的應用
【解析】【解答】（1）滑動變阻器、電流表、電阻串聯接入電路，電壓表并聯在電阻兩端，如圖所示：
（2）根據表中數據描點連線即可，如圖所示：
（3）根據Q=I2Rt，I、R一定時，通電時間越長，產生熱量應該越多，但此時，電流通過電阻產生的熱量等于它散失到空氣中的熱量，因此電阻的內能不再增加，溫度穩定；
（4）由表格可知電阻的阻值為，當R兩端的電壓為3V時，它的電功率為
；
根據公式可得100s消耗的電能為
；
根據能量轉化，電阻屬于純電阻電路，電阻R消耗的電能等于產生的熱量
Q=W=90J。
【分析】（1）電流表串聯連接，電壓表并聯連接；（2）根據表格中的數據描點連線即可；（3）電流通過電阻產生的熱量會散失到空氣中，所以電阻的溫度穩定；（4）根據公式、W=Pt進行計算。
18．（2024·海珠模擬）在細線的一端拴住一個小球，另一端固定在懸掛點上、忽略線的伸縮和線的質量，球的直徑比線的長度短得多，這樣的裝置就叫單擺。如圖所示，單擺擺動一次（例如小球從 A點靜止釋放，經過B點到達最高點C，然后又從C點經過B點回到A點）所用的時間稱為單擺的周期。小旋對單擺周期有以下猜想：可能與單擺的質量、單擺繩長和單擺擺動角度有關。為了驗證上述猜想，她使用刻度尺、秒表、細線、質量不同的小球、量角器等器材，依照物理探究方法，進行了實驗。
（1）為了減小測量周期時的誤差，下列做法最合理及符合實際的是　 　
A．用秒表測量只擺動1次的時間t1，周期
B．用秒表測量擺動10次的總時間t2，周期
C．用秒表測量擺動200次的總時間t3，周期
（2）為了驗證擺動周期T與擺長L的關系，請你：
①寫出實驗步驟和驗證猜想的依據；　 　
②設計記錄實驗數據的表格?！? 　
【答案】B；實驗步驟：A．用長為l1的細線拴住小球，另一端固定在懸掛點上，小球從 A點靜止釋放，測出小球擺動10次所用的時間；B．更換不同長度的細繩l2、l3、l4、l5重復實驗，每次實驗時小球不變，小球擺動的角度不變；C．計算不同擺長對應的擺動周期，填入表格，根據數據得出結論。驗證猜想的依據：如果不同擺長對應的周期不同，則證明單擺的周期與擺長有關；如果不同擺長對應的周期相同，則證明單擺的周期與擺長無關；
次數 擺長l/cm 擺球質量m/kg 擺角 擺動10次的時間t/s 擺動1次時間t/s
1 　 　 　 　 　
2 　 　 　 　 　
3 　 　 　 　 　
4 　 　 　 　 　
5 　 　 　 　 　
【知識點】測量物體運動的平均速度
【解析】【解答】探究單擺擺動周期的影響因素是，
（1）單擺的周期較短，為了準確測量一個周期的時間，可測量單擺擺動多次所用的時間，然后取平均值得到擺動一次的時間。測量一次，誤差較大，測量擺動200次次數太多，計數麻煩，且小球在擺動過程中，會克服空氣阻力而消耗一部分機械能，導致測量的誤差較大，故B符合題意，AC不符合題意。
故選B。
（2）探究擺動周期和擺長的關系，
①實驗步驟：A．用長為l1的細線拴住小球，另一端固定在懸掛點上，小球從 A點靜止釋放，測出小球擺動10次所用的時間；
B．更換不同長度的細繩l2、l3、l4、l5重復實驗，每次實驗時小球不變，小球擺動的角度不變；
C．計算不同擺長對應的擺動周期，填入表格，根據數據得出結論。
驗證猜想的依據：如果不同擺長對應的周期不同，則證明單擺的周期與擺長有關；如果不同擺長對應的周期相同，則證明單擺的周期與擺長無關。
②根據記錄數據的要求，需要測量擺長、擺球質量、擺角、擺動時間和一次的時間，設計記錄實驗數據的表格為：
次數 擺長l/cm 擺球質量m/kg 擺角 擺動10次的時間t/s 擺動1次時間t/s
1 　 　
2 　 　
3 　 　
4 　 　
5 　 　
【分析】（1）測量擺動一次的時間時，適當測量多次擺動的時間，計算平均值，可以減小誤差；
（2）測量擺動周期和擺長的關系，需要保持擺的質量、擺角相同，擺長不同，進行多次實驗，根據要求，計算實驗數據，設計實驗記錄表。
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