資源簡介

四川省南充市2024年中考第三次診斷性檢測物理試題
1．（2024·南充模擬）如圖，手機與音叉的位置保持不變，利用手機軟件測出音叉發出的聲音從80dB變為50dB，說明音叉振動的（　　）
A．頻率變大 B．振幅變小 C．振幅變大 D．頻率變小
【答案】B
【知識點】響度及響度與振幅的關系
【解析】【解答】 解：響度的大小與發聲體的振幅有關，振幅越小，響度越小；利用手機軟件測出音叉發出的聲音從80dB變為50dB，即聲音的響度變小了，說明音叉振動的振幅變小，故B正確，ACD錯誤。
故選：B。
【分析】響度指的是聲音的大小；振幅越大，聲音的響度越大；振幅越小，聲音的響度越小。
2．（2024·南充模擬）如圖，是一只白鷺正在河面上展翅起飛的瞬間。關于白鷺在水中的倒影，下列說法正確的是（　　）
A．白鷺在水中的“倒影”是光的折射形成的
B．白鷺飛得越高，在水中的“倒影”越小
C．當白鷺向上飛行時，其倒影相對白鷺向下運動
D．當白鷺向上飛行時，以其倒影為參照物，白鷺是靜止的
【答案】C
【知識點】光的反射；平面鏡成像的原理、特點；參照物及其選擇
【解析】【解答】 A、白鷺在水中的“倒影”屬于平面鏡成像，是由光的反射形成的，故A錯誤；
B、平面鏡所成的像和物體大小相等，白鷺飛的越高，在水中的“倒影”大小不變，故B錯誤；
C、當白鷺向上飛行時，白鷺與其倒影相對于水面對稱，其倒影相對白鷺向下運動，故C正確；
D、以其倒影為參照物，白鷺與其倒影相對于水面對稱，當白鷺向上飛行時，以其倒影為參照物，白鷺是運動的，故D錯誤。
故選：C。
【分析】 在研究物體的運動和靜止時，要看物體的位置相對于參照物是否發生改變，若改變，則是運動的，若不改變，則是靜止的。
平靜的水面相當于平面鏡，物體在平面鏡中成正立、等大的虛像。
3．（2024·南充模擬）一代偉人毛澤東在《沁園春：雪》中寫到：“北國風光，千里冰封，萬里雪飄”，形成這兩種自然景象的主要物態變化是
A．熔化和凝固 B．凝固和凝華 C．凝固和液化 D．汽化和升華
【答案】B
【知識點】凝固與凝固放熱特點；凝華及凝華放熱
【解析】【解答】冰是液體的水變為固體狀態，是凝固現象； 雪是氣體的水蒸氣變為固體現象，是凝華現象，B符合題意。
故答案為：B.
【分析】液體變為固體是凝固現象；氣體直接變為固體是凝華現象。
4．（2024·南充模擬）如圖所示，一架滿載醫療物資的運﹣20運輸機停在水平地面上，下列說法正確的是（　　）
A．運﹣20運輸機輪胎上面的花紋是為了增大與地面的壓強
B．靜止在水平地面上的運﹣20運輸機沒有慣性
C．若所有外力瞬間消失，則運﹣20運輸機仍在地面上靜止
D．運﹣20運輸機所受地面的支持力和它對地面的壓力是一對平衡力
【答案】C
【知識點】物體運動狀態的變化；慣性及其現象；平衡力的辨別；增大或減小摩擦的方法
【解析】【解答】A、運-20運輸機輪胎上面的花紋是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力，故A錯誤；
B、慣性是物體保持原來運動狀態不變的性質，任何物體在任何時候都有慣性，靜止在水平地面上的運-20運輸機也具有慣性，故B錯誤；
C、運-20運輸機停在水平地面上，若所有力瞬間消失，根據牛頓第一定律可知，運-20運輸機依然保持靜止狀態，故C正確；
D、運-20運輸機所受地面的支持力和它對地面的壓力大小相等、方向相反、在同一直線上、分別作用在兩個物體上，是一對相互作用力，不是一對平衡力，故D錯誤。
故選：C。
【分析】 （1）增大摩擦的方法：在接觸面粗糙程度一定時，增大壓力；在壓力一定時，增大接觸面的粗糙程度；
（2）慣性是物體保持原來運動狀態不變的性質，一切物體都有慣性；
（3）根據牛頓第一定律分析；
（4）一對平衡力：大小相等、方向相反、在同一直線上、在同一物體上。
5．（2024·南充模擬）在橙子上插入銅片和鋅片，制成水果電池，將水果電池與發光二極管（簡稱“LED”）連接成如圖所示的電路，LED發光。下列說法正確的是（　　）
A．銅片相當于電池的正極 B．LED的材料主要是超導體
C．水果電池將電能轉化為化學能 D．電流從鋅片經過LED流向銅片
【答案】A
【知識點】電流的方向；電源及其能量轉化；半導體特點及作用
【解析】【解答】ABD、圖中LED（半導體）發光，電流從銅片流向LED，再流向鋅片，所以銅片相當于電池的正極，故A正確，BD錯誤；
C．水果電池是將化學能轉化為電能，故C錯誤。
故選A。
【分析】1、半導體的應用：常用作發光二極管；
2、電流的方向為：電源正極出發，經過用電器，流向負極，水果電池是將化學能轉化為電能的裝置。
6．（2024·南充模擬） 關于家庭電路和安全用電， 下列說法正確的是
A．只要有人接觸火線，漏電保護器就會切斷電路
B．家用電器使用三線插頭是為了防止觸電事故
C．使用試電筆時，手指不能碰到金屬帽，以免觸電
D．同時使用多個大功率用電器會造成電路短路
【答案】B
【知識點】測電筆的使用；家庭電路電流過大的原因；安全用電原則
【解析】【解答】A.當站在地上的人接觸火線，漏電保護器就會切斷電路，A不符合題意；
B.家用電器使用三線插頭，使用電器的金屬外殼接地，可以防止觸電事故，B符合題意；
C.使用試電筆時，手指不能碰到金屬尖，以免觸電，應接觸金屬筆尾，C不符合題意；
D.同時使用多個大功率用電器，總功率過大，會造成電流過大，D不符合題意。
故答案為：B.
【分析】當發生漏電事故時，漏電保護器斷開；三腳插頭的接地線可以防止人體觸電；使用測電筆時，需要接觸金屬比味道；多個大功率用電器同時使用，電流過大。
7．（2024·南充模擬）如圖是某家用電器內部電路結構圖，其中R1、R2為加熱電阻絲()，下列電阻絲的四種連接方式，可使電熱器提供不同的發熱功率，關于其大小說法正確的是（　　）
A．甲的連接方式，發熱功率最大 B．乙的連接方式，發熱功率最小
C．丙的連接方式，發熱功率最大 D．丁的連接方式，發熱功率最小
【答案】B
【知識點】電功率的計算
【解析】【解答】 A圖中只有電阻R2連入電路工作，R1短路；
B圖中兩電阻串聯；
C圖中只有電阻R1工作；
D圖中兩電阻并聯；
由電阻串聯和并聯特點知，串聯時電路電阻最大，并聯時電阻最小；
根據可知，電源電壓不變時，并聯時電功率最大，串聯時電功率最小。
故選：B。
【分析】 根據公式可知，當電源電壓不變時，接入的電阻越小，電功率越大，對選項逐一分析即可得出結論。
8．（2024·南充模擬）兩相同的容器中裝有體積相等的兩種液體，靜止放置在水平桌面上。將同種材料制作的實心物體A、B分別放入兩容器中，靜止時兩液面等高，如圖所示，則（　　）
A．A的重力等于B的重力
B．A受的浮力等于B受到的浮力
C．兩容器底部所受液體壓強相等
D．甲杯對桌面的壓力大于乙杯對桌面的壓力
【答案】D
【知識點】壓力及重力與壓力的區別；液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】 A、甲、乙兩相同的容器中裝有體積相等的兩種液體，
將實心物體A、B分別放入兩容器中，靜止時液面等高，
則甲液體與A排開液體的體積之和等于乙液體與B排開液體的體積之和，
由圖可知，A漂浮，排開液體的體積小于物體的體積，B懸浮，排開液體的體積等于物體的體積，
所以A的體積大于B的體積，
實心物體A、B由同種材料制作，則密度相等，
根據 可知，A的質量大于B的質量，
根據G=mg可知，A的重力大于B的重力。故A錯誤；
B、由圖可知，A漂浮，受到的浮力等于其重力，B懸浮，受到的浮力等于其重力，
因為A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力，故B錯誤；
CD、由圖可知，A漂浮，A的密度小于甲液體的密度，B懸浮，B的密度等于乙液體的密度，
實心物體A、B由同種材料制作，則密度相等，
所以，甲杯中液體的密度大于乙杯中液體的密度；
甲杯中液體的密度大于乙杯中液體的密度，
靜止時液面等高，
根據p=ρ液gh可知，甲容器底部所受液體壓強大于乙容器底部所受液體壓強。故C錯誤；
根據m=ρV可知，甲液體的質量大于乙液體的質量，
根據G=mg可知，甲液體的重力大于乙液體的重力，
因容器對桌面的壓力等于容器、液體和物體的重力之和，
所以，甲杯對桌面的壓力大于乙杯對桌面的壓力，故D正確。
故選：D。
【分析】 （1）首先根據題目中給出的條件判斷，判斷實心物體A、B的體積關系，又知實心物體A、B由同種材料制作，利用密度公式判斷其質量關系，再利用重力公式判斷其重力關系；
（2）根據物體浮沉條件，結合圖示判斷兩種液體的密度關系；
（3）已知兩種液體的密度關系，又知高度關系，根據p=ρ液gh判斷兩容器底部所受液體壓強關系。根據m=ρV可知兩液體的質量的大小關系，根據G=mg可知兩液體的重力的大小關系，因容器對桌面的壓力等于容器、液體和物體的重力之和，據此得出兩杯對桌面的壓力大的大小關系。
9．（2024·南充模擬）能源、信息和材料是現代社會發展的三大支柱，關于能源、信息和材料，下列說法正確的是
A．太陽能和核能都屬于不可再生能源
B．電磁波的頻率越高，傳播的速度就越大
C．目前世界上的核能發電站是利用核聚變原理發電的
D．北斗衛星導航系統是利用電磁波來傳遞信息的
【答案】D
【知識點】能源及其分類；核裂變；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】A.太陽能屬于可再生能源，核能屬于不可再生能源，A不符合題意；
B.電磁波在相同介質中的傳播的速度一定，和頻率大小無關，B不符合題意；
C.目前世界上的核能發電站是利用核裂變原理發電的，C不符合題意；
D.北斗衛星導航系統是利用電磁波來傳遞信息的，D符合題意。
故答案為：D.
【分析】核能是不可再生能源；核電站利用核裂變釋放能量；電磁波的傳播速度和頻率無關；北斗導航利用電磁波傳遞信息。
10．（2024·南充模擬）在中國科技館的展廳里，擺著一個如圖所示，叫做“最速降線”的展品：兩個并排軌道的起點高度一樣，終點高度也一樣；一個是傾斜的直軌道，另一個是向下彎曲的弧形軌道。將甲、乙兩個完全相同的小球同時分別從直軌道和弧形軌道的起點釋放，弧形軌道上的乙球先到達終點。若不計一切摩擦阻力，則關于兩小球從起點至終點的運動過程中，下列說法正確的是（　　）
A．乙球的動能先增大后減小
B．乙球的重力勢能先變小后變大
C．甲球所受重力對甲球做功比乙球所受重力對乙球做功快
D．在同一高度處，兩小球的速度大小相同
【答案】D
【知識點】動能的影響因素；勢能的影響因素；機械能守恒條件
11．（2024·南充模擬）如圖，“新光華”號半潛船是國內最大、全球第二大半潛船。其最大下潛深度為30m，滿載排水量約10萬噸。工作時，如圖甲、乙、丙所示，通過調節壓載水艙中的海水量，使甲板下潛至預定水深，待貨物到達甲板上方，再次調節艙中海水量，使甲板浮出水面，完成裝載過程。下列關于“新光華”號的說法正確的是（　　）
A．“新光華”號在如圖甲、乙、丙三種狀態時所受的浮力相等
B．“新光華”號從長江駛入東海，其所受浮力不變
C．最大下潛時，“新光華”號底部受到海水的壓強約為3×105Pa
D．滿載時，“新光華”號所受浮力約為1×106N
【答案】B,C
【知識點】液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】 A、據圖可知，乙圖中半潛船排開水的體積最大，其次是丙圖，甲圖排開水的體積最小；
已知液體的密度是相同的，所以據F浮=ρ液gV排可知，F甲＜F乙，F乙＞F丙，故A錯誤；
B、漂浮的物體所受的浮力等于自身的重力，當它從長江駛入東海時，所受浮力始終等于自身的重力，大小不變，故B正確；
C、“新光華”號半潛船處在最大下潛時，船底所受海水的壓強：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×30m=3×105Pa，故C正確；
D、滿載時，“新光華”號所受浮力：F浮=G=mg=1×108kg×10N/kg=1×109N，故D錯誤。
故選：BC。
【分析】 （1）據圖中船排開液體的體積關系，結合F浮=ρ液gV排可以比較出各自情況的浮力大小關系，進而判斷即可；
（2）（4）漂浮在水面上，所受的浮力等于自身的重力；
（3）根據p=ρ液gh求出“新光華”號半潛船處在最大下潛狀態時船底所受海水的壓強。
12．（2024·南充模擬）在如圖所示的電路中，S閉合后，下列各種情況正確的是（　　）
A．若甲乙丙都是電壓表，當S1閉合后U丙=U甲+U乙
B．若甲是電壓表，乙丙是電流表，S1斷開，乙丙的指針指在同一位置，則流過R1和R2的電流之比為4：1
C．電路中甲表和乙表可以同時是電流表
D．若甲乙丙都是電壓表，當S1閉合后，丙的讀數是乙的4倍，則R1：R2=1：3
【答案】A,D
【知識點】電壓的測量及電壓表的使用；歐姆定律及其應用
【解析】【解答】A．U丙=U甲+U乙，故A正確；
B．若甲是電壓表，乙丙是電流表，干路電流是R1電流的5倍，則流過R1和R2的電流之比為1∶4，故B錯誤；
C．電路中甲表和乙表如果同時是電流表，當S閉合后，電源短路，故C錯誤；
D．由U=IR得，則
R1∶R2=1∶3
故D正確。
故選AD。
【分析】若甲乙丙都是電壓表，當S1閉合后，R1和R2串聯，甲測R2電壓，乙測R1電壓，丙測電源電壓。依次分析。
13．（2024·南充模擬）春暖花開，小紅來到錦繡田園賞花、放風箏，剛進景區，就聞到陣陣花香，這個現象說明分子在做　 　：荷葉上的露珠可以保持近似球形而不是攤成水膜，表明水分子之間存在　 　力，
【答案】無規則運動；吸引
【知識點】分子熱運動；分子間相互作用力
【解析】【解答】聞到花香，是分子在做無規則運動，形成了擴散現象：荷葉上的露珠保持近似球形是水分子之間存在吸引力。
【分析】聞到氣味，是分子不停的無規則運動形成的；分子間存在引力和斥力。
14．（2024·南充模擬）將一個用導線繞成的螺線管安裝在玻璃板上。在板面上均勻撒滿鐵屑，通電后鐵屑的分布如圖所示，則圖中A、B兩點相比，　 　點磁場較強；若小磁針在B點自由靜止時N極指向右邊，則電源的右為　 　極。
【答案】A；正
【知識點】磁場；磁感線及其特點
【解析】【解答】 （1）由圖可知，通電螺線管的磁場和條形磁體的磁場一樣，并且可以看到A點鐵屑的分布比B點密集，則A點的磁場比B點強；
（2）因小磁針靜止時N極所指的方向為磁場的方向，且磁感線在磁體外部由N極發出回到S極，
所以，磁針在B點自由靜止時N極指向右邊，B點磁場的方向向右，螺線管左端為N極、右端為S極，
由右手螺旋定則可知，電流應由右端流入，故電源右端為正極。
故答案為：A；正。
【分析】 （1）在磁場中用磁感線的疏密表示磁場的強弱；
（2）小磁針靜止時N極所指的方向為磁場的方向，根據磁感線在磁體外部由N極發出回到S極確定螺線管的N，根據右手螺旋定則判斷電流的方向，再根據電源外部電流從正極流出回到負極判斷電源的正負極。
15．（2024·南充模擬）如圖所示，西漢時期的《淮南萬畢術》中記載有“削冰令圓，舉以向日，以艾承其影，則火生。”請你用學過的光學知識判斷“削冰令圓”就是把冰塊制成　 　（選填“凸”或“凹”）透鏡，這種透鏡能讓艾絨生火說明它對太陽光有　 　（選填“會聚”或“發散”）作用。
【答案】凸；會聚
【知識點】透鏡及其特點與分類
【解析】【解答】“削冰令圓”就是把冰塊制成凸透鏡，凸透鏡對光線有會聚作用，
凸透鏡會把光線集中在焦點上時，所以當把艾放在焦點上時，會隨著溫度的升高達到燃點時即可燃燒。
故答案為：凸；會聚。【分析】 中間厚、邊緣薄的透明物質叫凸透鏡；凸透鏡對光有會聚作用。
凸透鏡對光線有會聚作用，平行于主光軸的光線，經凸透鏡折射后會聚成一點，這點是凸透鏡的焦點，焦點的溫度很高。
16．（2024·南充模擬）“金龍魚"牌食用調和油，瓶上標有“5L”字樣，已知該瓶內調和油的密度為0.92×103kg/m3，則該瓶油的質量是　 　kg，用掉一半后，油的密度為　 　kg/m3。
【答案】4.6；0.92×103
【知識點】密度及其特性；密度公式及其應用
【解析】【解答】 已知 V=5L=5×103cm3，ρ=0.92×103kg/m3；
由得，該瓶油的質量：m=ρV=0.92g/cm3×5×103cm3=4600g=4.6kg；
因為密度是物質的特性，所以若用去一半后密度不變。
故答案為：4.6；0.92×103。
【分析】 已知調和油的體積和密度，利用m=ρV即可計算出質量；密度是物質的特性，同種物質（同種狀態）的密度相同，其大小與物體的質量無關。
17．（2024·南充模擬）在家用電器調查活動中，小亮讓家里的電熱水器單獨工作2min，測得家中如圖所示的電能表的轉盤轉了70r，則該電熱水器的實際功率為　 　W，若不計能量損失，這段時間內電熱水器里15kg的水溫度升高了　 　℃。（已知水的比熱容）
【答案】2100；4
【知識點】比熱容；電能表參數的理解
【解析】【解答】根據電能表的轉盤轉數，計算電熱水器消耗的電能：
，
結合熱水器工作時間，計算熱水器的實際電功率為： ；
不計能量損失，計算水吸收的熱量為：
計算水升高的溫度為：。
【分析】根據電能表轉數，利用，計算消耗的電能；根據，計算電功率；利用，計算水的溫度差。
18．（2024·南充模擬）一個體積為100cm3的小球，輕輕放入盛滿水的溢水杯中，小球靜止后排出水的質量為80g，此時小球所受浮力為　 　N：將小球取出，放入盛足夠多的密度為0.8×103kg/m3的酒精的杯中，松手后，它將會　 　(選填“上浮”、“下沉”或“懸浮”)
【答案】0.8；懸浮
【知識點】重力及其大小的計算；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】根據排開水的質量，計算浮力F浮=G排=mg=0.08kg×10N/kg=0.8N；根據排開的水的質量，計算排開水的體積，排開水的體積小于小球的體積，小球漂浮，則小球的質量等于排開的水的質量，計算小球的密度為，當放入密度為0.8×103kg/m3的酒精中，物體密度等于液體密度，在酒精總懸浮。
【分析】根據排開液體的質量F浮=G排=mg，計算物體受到的浮力；根據，計算排開液體的體積；結合排開液體體積和物體體積，判斷狀態；根據，計算物體的密度；當物體密度等于液體密度時，物體懸浮。
19．（2024·南充模擬）小宇的媽媽喜歡在家中養花，為了使客廳里花盆中的花能茁壯成長，小宇想讓室外太陽光照射到盆中花上的B處，如圖．請你在圖中把光路補充完整并過A點畫出放置的平面鏡．
【答案】如下圖所示
【知識點】作光的反射光路圖
【解析】【解答】 連接AB，此線即為反射光線，然后作出入射光線和反射光線夾角的角平分線，即為法線；再作一條線段與法線垂直，該線段的位置即為鏡子的位置。
如下圖：
【分析】光的反射定律的內容：入射光線、反射光線、法線在同一平面上，反射光線和入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角。
首先根據已知條件確定反射光線，根據反射角等于入射角確定法線，作法線的垂線即鏡面的位置
20．（2024·南充模擬）運動員將冰壺推出后，冰壺在水平冰面上水平向右做直線運動，O為其重心，請畫出冰壺在冰面上運動時受到的摩擦力和冰壺對冰面的壓力。
【答案】
【知識點】摩擦力的方向；壓力及重力與壓力的區別
【解析】【解答】在水平方向，冰壺向前運動時，只受到水平向左的摩擦力，冰壺對冰面的壓力垂直于冰面并指向冰面，作用點在冰面上，如圖：
【分析】物體受到的摩擦力和相對運動方向相反；水平面受到的壓力和地面垂直。
21．（2024·南充模擬）小麗在做“探究杠桿平衡的條件”的實驗，所用的實驗器材有：杠桿（每小格均等長）、鐵架臺、刻度尺、細線和若干個重為1N的鉤碼。
（1）如圖甲，實驗前應將平衡螺母向　 　（選填“左”或“右”）調，能使杠桿水平平衡；
（2）如圖乙，杠桿在水平位置平衡。小麗在左、右兩側各增加1個鉤碼，杠桿將　 　（選填“保持平衡”“左端下沉”或“右端下沉”）；
（3）如圖丙，若不在B點掛鉤碼，改用彈簧測力計在B點向下拉杠桿，當彈簧測力計從a位置轉動到b位置時，使杠桿仍在水平位置平衡，其示數將　 　；若b位置與水平方向的夾角為30°，在b位置時彈簧測力計的示數為　 　N。（忽略彈簧測力計自重影響）
【答案】右；右端下沉；變大；4
【知識點】探究杠桿的平衡條件實驗
【解析】【解答】 （1）實驗中應調節杠桿在水平位置平衡，這樣力臂恰好沿著桿的方向，便于測量力臂；如圖所示，杠桿左端下沉，應將平衡螺母向右移動才能使杠桿水平平衡；
（2）設一個鉤碼重為G，杠桿一個小格長為L，小麗在左、右兩側各增加1個鉤碼，則有：4G×2L＜3G×3L，所以杠桿右端下沉；
（3）保持B點不變，若拉力F從a到b傾斜時，此時F的力臂變短，根據杠桿的平衡條件，阻力、阻力臂不變，動力臂變小，動力變大。
當彈簧測力計在B點斜向下拉（與水平方向成30°角）杠桿，此時動力臂等于
根據杠桿的平衡條件F1L1=F2L2得：。
故答案為：（1）右；（2）右端下沉；（3）變大；4
【分析】 （1）實驗中應調節杠桿在水平位置平衡，這樣力臂恰好沿著桿的方向，便于測量力臂；調節杠桿平衡時，應將平衡螺母向上翹的一端移動；
（2）設一個鉤碼重為G，杠桿一個小格長為L，根據杠桿平衡條件進行判斷；
（3）當拉力F向右傾斜時，保持B點不動，彈簧測力計的方向向右傾斜，這時杠桿右側的力臂變短，根據杠桿的平衡條件可知，使杠桿仍在水平位置平衡，則彈簧測力計的示數將變大。當彈簧測力計在b點斜向下拉（與水平方向成30°角）動力臂為根據杠桿的平衡條件求出彈簧測力計的讀數。
22．（2024·南充模擬）在“探究影響滑動摩擦力大小因素”的實驗中，小英做了如圖甲所示的三次實驗，用到了一個彈簧測力計、一個木塊、一個砝碼、兩個材料相同但表面粗糙程度不同的長木板，實驗中第1次和第2次用相同的長木板，第3次用表面更加粗糙的長木板。
（1）用彈簧測力計沿水平方向拉動木塊，使其在水平桌面上做勻速直線運動，此時滑動摩擦力的大小等于拉力的大小；此實驗是利用　 　的原理；
（2）比較甲圖第　 　兩次實驗，是為了探究滑動摩擦力的大小與接觸面粗糙程度的關系；
（3）如圖乙，若斜向上拉動木塊A做勻速直線運動，那么相比水平勻速拉動，木塊A受到的滑動摩擦力將　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）；
（4）小東同學將實驗方法進行了改進，實驗裝置如圖丙：將彈簧測力計一端固定，另一鉤住木塊，木塊下面是一長木板，實驗時拉著長木板沿水平地面向右運動，此時木塊受到的摩擦力方向向　 　，這樣改進后小東　 　（選填“需要““不需要”）勻速拉動長木板。
【答案】二力平衡；2、3；變小；右；不需要
【知識點】探究影響摩擦力大小因素的實驗
【解析】【解答】（1）實驗時用彈簧測力計沿水平方向拉動木塊，使其做勻速直線運動，木塊在水平方向上受到平衡力的作用，由二力平衡的條件，此時滑動摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）探究滑動摩擦力的大小與接觸面粗糙程度的關系，要控制壓力大小相同，故比較2、3兩次實驗，是為了探究滑動摩擦力的大小與接觸面粗糙程度的關系；
（3）如圖乙，用第1次實驗的裝置，若斜向上拉動木塊做勻速直線運動，那么相比圖甲中第1次實驗，木塊對支持面的壓力變小了，在接觸面粗糙程度不變的條件下，根據影響滑動摩擦力大小的因素可知，圖乙中的木塊受到的滑動摩擦力將變小；
（4）如圖丙所示，木塊相對地面處于靜止狀態，木塊受到彈簧測力計水平向左的拉力與受到的木板施加的滑動摩擦力為一對平衡力，大小相等，方向相反，實驗時拉著長木板沿水平地面向右運動，故此時木塊受到的摩擦力方向水平向右，這樣改進的好處是：不需要拉動長木板做勻速直線運動（或測力計示數穩定，便于讀數）。
故答案為：（1）二力平衡；（2）2、3；（4）變小；（5）右；不需要。
【分析】 （1）根據二力平衡的條件分析；
（2）影響滑動摩擦力大小因素有兩個：壓力大小和接觸面的粗糙程度，研究與其中一個因素的關系時，要控制另外一個因素不變，據此分析；
（3）根據影響滑動摩擦力大小兩個因素分析回答；
（4）圖丙中，木塊相對地面處于靜止狀態，根據二力平衡的條件分析回答。
23．（2024·南充模擬）在“測量小燈泡的電功率”實驗中，小天同學選用如圖甲所示的器材，小燈泡的額定電壓為2.5V（燈絲電阻約為10Ω）。
（1）小天按圖甲正確連接好電路后，應先將滑動變阻器滑片移到　 　端再閉合開關進行實驗；
（2）其中一次實驗，電壓表的示數如圖乙，此時小燈泡發光　 　（選填“正常”、“較亮”或“較暗”）。為測出小燈泡的額定功率，小天應將滑動變阻器的滑片向　 　（選填“A”或“B”）移動；
（3）小天同學根據實驗測得的數據，繪制出了小燈泡中的電流隨它兩端電壓變化的關系圖像如圖丙，分析圖像可知：小燈泡的額定功率為　 　W；
（4）小天還想測量一個定值電阻的阻值，但電流表被其他小組同學借去了，于是利用上面實驗用的小燈泡和剩余器材設計了圖丁所示的實驗電路圖（電源電壓為4.5V），正確連接電路后，請你將下面的步驟補充完整：
①先將小燈泡接在圖中a、b兩點之間，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片P，使電壓表的示數為1.5V，查看圖丙所示圖像，算出滑動變阻器連入電路的阻值；
②保持滑片位置不動，再取下小燈泡，將待測電阻接在a、b兩點間，閉合開關，讀出電壓表的示數恰好為3V；
③待測電阻R=　 　Ω。
【答案】A；較亮；A；0.625；30
【知識點】伏安法測電阻的探究實驗；探究用電器的電功率實驗
【解析】【解答】（1）為保護電路，閉合開關前，應將滑片移至滑動變阻器的最大阻值處，即A端；
（2）調節滑動變阻器到某一位置，此時電壓表的示數如圖乙，電壓表選用小量程，分度值0.1V，其示數為2.7V，大于燈泡額定電壓2.5V，此時小燈泡發光較亮；為了讓燈泡正常發光，應減小燈泡兩端電壓，根據串聯電路電壓規律，應增大滑動變阻器兩端電壓，根據分壓原理，應增大滑動變阻器接入電路的阻值，故小金應將滑動變阻器的滑片向A端移動；
（3）由圖丙可知，當燈泡兩端電壓為2.5V時，通過燈泡的額定電流為0.25A，則小燈泡額定功率為：PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W；
（4）先將小燈泡接在圖中a、b兩點之間，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片P，使電壓表的示數為1.5V，由圖丙可知，電流I1=0.2A，滑動變阻器兩端的電壓U滑1=U-U1=4.5V-1.5V=3V
由歐姆定律可得，此時滑動變阻器接入電路的電阻
保持滑片位置不動，再取下小燈泡，將待測電阻接在a、b兩點間，閉合開關，讀出電壓表的示數恰好為3V，此時滑動變阻器兩端的電壓U滑2=U-U2=4.5V-3V=1.5V；
電路中的電流；
定值電阻的阻值。
故答案為：（1）A；（2）A；（3）0.625；（4）30。
【分析】 （1）為保護電路，閉合開關前，應將滑片移至滑動變阻器的最大阻值處；
（2）根據電壓表選用量程確定分度值讀數，比較電壓表示數與燈泡額定電壓大小，根據串聯電路電壓規律和分壓原理確定滑動變阻器滑片移動方向；
（3）根據圖丙確定燈泡額定電壓對應的額定電流，利用P=UI求出燈泡額定功率；
（4）①分析電路連接，由圖丙確定電路中的電流，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的阻值；
②③根據串聯電路電壓規律和分壓原理求出待測電阻阻值。
24．（2024·南充模擬）小歡研究了家里的智能電熱馬桶（馬桶蓋如圖甲），設計出如圖乙所示的便座加熱電路，通過開關S1和S2的不同接法組合，實現“高溫檔、中溫檔、低溫檔”三種加熱功能（見下表），求：
S1 斷開 斷開 閉合 閉合
S2 接b 接a 接a 接b
功率 P0=0 P=22W P1=44W P2=88W
（1）當排水閥處于30cm深處時，它受到水的壓強為多少：
（2）R2的阻值：
（3）老年人在冬天坐上冰冷的馬桶是很難受的，假設小明想讓馬桶圈的溫度升高6℃，則用“高溫檔”加熱的方式需要多長時間，[設馬桶圈吸熱效率為60%，馬桶圈的質量m=600g，馬桶圈材料的比熱容c=0.44x103J/（kg·℃）。
【答案】解：（1）當排水閥處于30cm深處時，它受到水的壓強：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3000Pa；
（2）由表格信息和電路圖可知，當開關S1閉合、S2接a時，電路為R1的簡單電路，此時P1=44W，
由可得，R1的阻值：，
當開關S1閉合、S2接b時，R1與R2并聯，此時P2=88W，
因電路的總功率等于各用電器功率之和，
所以，R2的電功率：PR2=P2-P1=88W-44W=44W，
因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，
所以，R2的阻值：；
（3）馬桶圈吸收的熱量：Q吸=cmΔt=0.44×103J/（kg ℃）×0.6kg×6℃=1584J，
由，消耗的電能：
高溫擋加熱功率P高溫=P2=88W，
由可得，用“高溫擋”加熱的方式需要的時間：。答：（1）當排水閥處于30cm深處時，它受到水的壓強為3000Pa；
（2）R2的阻值為1100Ω；
（3）用“高溫擋”加熱的方式需要30s。
【知識點】比熱容；液體壓強計算公式的應用；電功率的計算
【解析】【分析】 （1）當排水閥處于30cm深處時，根據p=ρgh求出它受到水的壓強；
（2）由表格信息和電路圖可知，當開關S1閉合、S2接a時，電路為R1的簡單電路，此時P1=44W，根據求出R1的阻值；當開關S1閉合、S2接b時，R1與R2并聯，此時P2=88W，根據電路的總功率等于各用電器功率之和求出R2的電功率，根據并聯電路的電壓特點和求出R2的阻值；（3）知道馬桶圈的質量和比熱容以及升高的溫度，根據Q吸=cmΔt求出吸收的熱量即為桶圈吸收的熱量，利用求出消耗的電能，根據求出用“高溫擋”加熱的方式需要的時間。
25．（2024·南充模擬）如圖是修建南充將軍路大橋某次施工中使用的升降與移動的塔吊和滑輪組，為了保證塔吊吊起重物不會翻倒，在塔吊左邊配有一個重物P，已知OA=12m，OB=4m，動滑輪的質量為40kg，一正方體物塊D重為8×104N、體積為1m3（忽略江水流動對物塊的影響，不計繩、塔吊橫梁及定滑輪的自重和摩擦，江水密度取p水=1.0x103kg/m3，g=10N/kg）。
（1）若物塊D從平臺上勻速升降，為了保證鐵塔不至翻倒，使其橫柔始終保持水平，求塔吊左邊的配重物P的質量為多少kg
（2）若將物塊D從平臺以0.5m/s的速度勻速提升10m，則拉力F的功率是多少
（3）若將物體D從江底勻速打撈出水面，假如繩子自由端的最大拉力為2.5×104N，那么物體D露出體積為多少時，繩子剛好被拉斷
【答案】解：（1）解：由杠桿平衡條件可得；
代入數據可得；
則重物P的質量m配重=24120kg。
（2）滑輪組繩子有3股，拉力；
拉力F的功率：P=Fv'=26800N×1.5m/s=40200W；
（3）繩子剛好被拉斷時，拉力；
解得F浮=5400N
又由，排開液體的體積
因此物體露出體積。
答：（1）塔吊左邊的配重物P的質量為24120kg；
（2）拉力F的功率是40200W；
（3）物體D露出體積為0.46m3時，繩子剛好被拉斷。
【知識點】阿基米德原理；杠桿的平衡條件；滑輪組繩子拉力的計算
【解析】【分析】 （1）以O作為支點，將物重和配重分別看作動力和阻力，已知兩力臂OA、OB的長，根據杠桿的平衡條件列式求解即可；
（2）根據題意，由求出拉力，由P=Fv求出拉力的功率；
（3）根據題意，當繩子自由端的所受最大拉力為2.5×104N時物體對滑輪的拉力，由F浮=G-F拉求出浮力，再根據阿基米德原理計算此時浸在水中的體積，據此解題。
1 / 1四川省南充市2024年中考第三次診斷性檢測物理試題
1．（2024·南充模擬）如圖，手機與音叉的位置保持不變，利用手機軟件測出音叉發出的聲音從80dB變為50dB，說明音叉振動的（　　）
A．頻率變大 B．振幅變小 C．振幅變大 D．頻率變小
2．（2024·南充模擬）如圖，是一只白鷺正在河面上展翅起飛的瞬間。關于白鷺在水中的倒影，下列說法正確的是（　　）
A．白鷺在水中的“倒影”是光的折射形成的
B．白鷺飛得越高，在水中的“倒影”越小
C．當白鷺向上飛行時，其倒影相對白鷺向下運動
D．當白鷺向上飛行時，以其倒影為參照物，白鷺是靜止的
3．（2024·南充模擬）一代偉人毛澤東在《沁園春：雪》中寫到：“北國風光，千里冰封，萬里雪飄”，形成這兩種自然景象的主要物態變化是
A．熔化和凝固 B．凝固和凝華 C．凝固和液化 D．汽化和升華
4．（2024·南充模擬）如圖所示，一架滿載醫療物資的運﹣20運輸機停在水平地面上，下列說法正確的是（　　）
A．運﹣20運輸機輪胎上面的花紋是為了增大與地面的壓強
B．靜止在水平地面上的運﹣20運輸機沒有慣性
C．若所有外力瞬間消失，則運﹣20運輸機仍在地面上靜止
D．運﹣20運輸機所受地面的支持力和它對地面的壓力是一對平衡力
5．（2024·南充模擬）在橙子上插入銅片和鋅片，制成水果電池，將水果電池與發光二極管（簡稱“LED”）連接成如圖所示的電路，LED發光。下列說法正確的是（　　）
A．銅片相當于電池的正極 B．LED的材料主要是超導體
C．水果電池將電能轉化為化學能 D．電流從鋅片經過LED流向銅片
6．（2024·南充模擬） 關于家庭電路和安全用電， 下列說法正確的是
A．只要有人接觸火線，漏電保護器就會切斷電路
B．家用電器使用三線插頭是為了防止觸電事故
C．使用試電筆時，手指不能碰到金屬帽，以免觸電
D．同時使用多個大功率用電器會造成電路短路
7．（2024·南充模擬）如圖是某家用電器內部電路結構圖，其中R1、R2為加熱電阻絲()，下列電阻絲的四種連接方式，可使電熱器提供不同的發熱功率，關于其大小說法正確的是（　　）
A．甲的連接方式，發熱功率最大 B．乙的連接方式，發熱功率最小
C．丙的連接方式，發熱功率最大 D．丁的連接方式，發熱功率最小
8．（2024·南充模擬）兩相同的容器中裝有體積相等的兩種液體，靜止放置在水平桌面上。將同種材料制作的實心物體A、B分別放入兩容器中，靜止時兩液面等高，如圖所示，則（　　）
A．A的重力等于B的重力
B．A受的浮力等于B受到的浮力
C．兩容器底部所受液體壓強相等
D．甲杯對桌面的壓力大于乙杯對桌面的壓力
9．（2024·南充模擬）能源、信息和材料是現代社會發展的三大支柱，關于能源、信息和材料，下列說法正確的是
A．太陽能和核能都屬于不可再生能源
B．電磁波的頻率越高，傳播的速度就越大
C．目前世界上的核能發電站是利用核聚變原理發電的
D．北斗衛星導航系統是利用電磁波來傳遞信息的
10．（2024·南充模擬）在中國科技館的展廳里，擺著一個如圖所示，叫做“最速降線”的展品：兩個并排軌道的起點高度一樣，終點高度也一樣；一個是傾斜的直軌道，另一個是向下彎曲的弧形軌道。將甲、乙兩個完全相同的小球同時分別從直軌道和弧形軌道的起點釋放，弧形軌道上的乙球先到達終點。若不計一切摩擦阻力，則關于兩小球從起點至終點的運動過程中，下列說法正確的是（　　）
A．乙球的動能先增大后減小
B．乙球的重力勢能先變小后變大
C．甲球所受重力對甲球做功比乙球所受重力對乙球做功快
D．在同一高度處，兩小球的速度大小相同
11．（2024·南充模擬）如圖，“新光華”號半潛船是國內最大、全球第二大半潛船。其最大下潛深度為30m，滿載排水量約10萬噸。工作時，如圖甲、乙、丙所示，通過調節壓載水艙中的海水量，使甲板下潛至預定水深，待貨物到達甲板上方，再次調節艙中海水量，使甲板浮出水面，完成裝載過程。下列關于“新光華”號的說法正確的是（　　）
A．“新光華”號在如圖甲、乙、丙三種狀態時所受的浮力相等
B．“新光華”號從長江駛入東海，其所受浮力不變
C．最大下潛時，“新光華”號底部受到海水的壓強約為3×105Pa
D．滿載時，“新光華”號所受浮力約為1×106N
12．（2024·南充模擬）在如圖所示的電路中，S閉合后，下列各種情況正確的是（　　）
A．若甲乙丙都是電壓表，當S1閉合后U丙=U甲+U乙
B．若甲是電壓表，乙丙是電流表，S1斷開，乙丙的指針指在同一位置，則流過R1和R2的電流之比為4：1
C．電路中甲表和乙表可以同時是電流表
D．若甲乙丙都是電壓表，當S1閉合后，丙的讀數是乙的4倍，則R1：R2=1：3
13．（2024·南充模擬）春暖花開，小紅來到錦繡田園賞花、放風箏，剛進景區，就聞到陣陣花香，這個現象說明分子在做　 　：荷葉上的露珠可以保持近似球形而不是攤成水膜，表明水分子之間存在　 　力，
14．（2024·南充模擬）將一個用導線繞成的螺線管安裝在玻璃板上。在板面上均勻撒滿鐵屑，通電后鐵屑的分布如圖所示，則圖中A、B兩點相比，　 　點磁場較強；若小磁針在B點自由靜止時N極指向右邊，則電源的右為　 　極。
15．（2024·南充模擬）如圖所示，西漢時期的《淮南萬畢術》中記載有“削冰令圓，舉以向日，以艾承其影，則火生。”請你用學過的光學知識判斷“削冰令圓”就是把冰塊制成　 　（選填“凸”或“凹”）透鏡，這種透鏡能讓艾絨生火說明它對太陽光有　 　（選填“會聚”或“發散”）作用。
16．（2024·南充模擬）“金龍魚"牌食用調和油，瓶上標有“5L”字樣，已知該瓶內調和油的密度為0.92×103kg/m3，則該瓶油的質量是　 　kg，用掉一半后，油的密度為　 　kg/m3。
17．（2024·南充模擬）在家用電器調查活動中，小亮讓家里的電熱水器單獨工作2min，測得家中如圖所示的電能表的轉盤轉了70r，則該電熱水器的實際功率為　 　W，若不計能量損失，這段時間內電熱水器里15kg的水溫度升高了　 　℃。（已知水的比熱容）
18．（2024·南充模擬）一個體積為100cm3的小球，輕輕放入盛滿水的溢水杯中，小球靜止后排出水的質量為80g，此時小球所受浮力為　 　N：將小球取出，放入盛足夠多的密度為0.8×103kg/m3的酒精的杯中，松手后，它將會　 　(選填“上浮”、“下沉”或“懸浮”)
19．（2024·南充模擬）小宇的媽媽喜歡在家中養花，為了使客廳里花盆中的花能茁壯成長，小宇想讓室外太陽光照射到盆中花上的B處，如圖．請你在圖中把光路補充完整并過A點畫出放置的平面鏡．
20．（2024·南充模擬）運動員將冰壺推出后，冰壺在水平冰面上水平向右做直線運動，O為其重心，請畫出冰壺在冰面上運動時受到的摩擦力和冰壺對冰面的壓力。
21．（2024·南充模擬）小麗在做“探究杠桿平衡的條件”的實驗，所用的實驗器材有：杠桿（每小格均等長）、鐵架臺、刻度尺、細線和若干個重為1N的鉤碼。
（1）如圖甲，實驗前應將平衡螺母向　 　（選填“左”或“右”）調，能使杠桿水平平衡；
（2）如圖乙，杠桿在水平位置平衡。小麗在左、右兩側各增加1個鉤碼，杠桿將　 　（選填“保持平衡”“左端下沉”或“右端下沉”）；
（3）如圖丙，若不在B點掛鉤碼，改用彈簧測力計在B點向下拉杠桿，當彈簧測力計從a位置轉動到b位置時，使杠桿仍在水平位置平衡，其示數將　 　；若b位置與水平方向的夾角為30°，在b位置時彈簧測力計的示數為　 　N。（忽略彈簧測力計自重影響）
22．（2024·南充模擬）在“探究影響滑動摩擦力大小因素”的實驗中，小英做了如圖甲所示的三次實驗，用到了一個彈簧測力計、一個木塊、一個砝碼、兩個材料相同但表面粗糙程度不同的長木板，實驗中第1次和第2次用相同的長木板，第3次用表面更加粗糙的長木板。
（1）用彈簧測力計沿水平方向拉動木塊，使其在水平桌面上做勻速直線運動，此時滑動摩擦力的大小等于拉力的大小；此實驗是利用　 　的原理；
（2）比較甲圖第　 　兩次實驗，是為了探究滑動摩擦力的大小與接觸面粗糙程度的關系；
（3）如圖乙，若斜向上拉動木塊A做勻速直線運動，那么相比水平勻速拉動，木塊A受到的滑動摩擦力將　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）；
（4）小東同學將實驗方法進行了改進，實驗裝置如圖丙：將彈簧測力計一端固定，另一鉤住木塊，木塊下面是一長木板，實驗時拉著長木板沿水平地面向右運動，此時木塊受到的摩擦力方向向　 　，這樣改進后小東　 　（選填“需要““不需要”）勻速拉動長木板。
23．（2024·南充模擬）在“測量小燈泡的電功率”實驗中，小天同學選用如圖甲所示的器材，小燈泡的額定電壓為2.5V（燈絲電阻約為10Ω）。
（1）小天按圖甲正確連接好電路后，應先將滑動變阻器滑片移到　 　端再閉合開關進行實驗；
（2）其中一次實驗，電壓表的示數如圖乙，此時小燈泡發光　 　（選填“正常”、“較亮”或“較暗”）。為測出小燈泡的額定功率，小天應將滑動變阻器的滑片向　 　（選填“A”或“B”）移動；
（3）小天同學根據實驗測得的數據，繪制出了小燈泡中的電流隨它兩端電壓變化的關系圖像如圖丙，分析圖像可知：小燈泡的額定功率為　 　W；
（4）小天還想測量一個定值電阻的阻值，但電流表被其他小組同學借去了，于是利用上面實驗用的小燈泡和剩余器材設計了圖丁所示的實驗電路圖（電源電壓為4.5V），正確連接電路后，請你將下面的步驟補充完整：
①先將小燈泡接在圖中a、b兩點之間，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片P，使電壓表的示數為1.5V，查看圖丙所示圖像，算出滑動變阻器連入電路的阻值；
②保持滑片位置不動，再取下小燈泡，將待測電阻接在a、b兩點間，閉合開關，讀出電壓表的示數恰好為3V；
③待測電阻R=　 　Ω。
24．（2024·南充模擬）小歡研究了家里的智能電熱馬桶（馬桶蓋如圖甲），設計出如圖乙所示的便座加熱電路，通過開關S1和S2的不同接法組合，實現“高溫檔、中溫檔、低溫檔”三種加熱功能（見下表），求：
S1 斷開 斷開 閉合 閉合
S2 接b 接a 接a 接b
功率 P0=0 P=22W P1=44W P2=88W
（1）當排水閥處于30cm深處時，它受到水的壓強為多少：
（2）R2的阻值：
（3）老年人在冬天坐上冰冷的馬桶是很難受的，假設小明想讓馬桶圈的溫度升高6℃，則用“高溫檔”加熱的方式需要多長時間，[設馬桶圈吸熱效率為60%，馬桶圈的質量m=600g，馬桶圈材料的比熱容c=0.44x103J/（kg·℃）。
25．（2024·南充模擬）如圖是修建南充將軍路大橋某次施工中使用的升降與移動的塔吊和滑輪組，為了保證塔吊吊起重物不會翻倒，在塔吊左邊配有一個重物P，已知OA=12m，OB=4m，動滑輪的質量為40kg，一正方體物塊D重為8×104N、體積為1m3（忽略江水流動對物塊的影響，不計繩、塔吊橫梁及定滑輪的自重和摩擦，江水密度取p水=1.0x103kg/m3，g=10N/kg）。
（1）若物塊D從平臺上勻速升降，為了保證鐵塔不至翻倒，使其橫柔始終保持水平，求塔吊左邊的配重物P的質量為多少kg
（2）若將物塊D從平臺以0.5m/s的速度勻速提升10m，則拉力F的功率是多少
（3）若將物體D從江底勻速打撈出水面，假如繩子自由端的最大拉力為2.5×104N，那么物體D露出體積為多少時，繩子剛好被拉斷
答案解析部分
1．【答案】B
【知識點】響度及響度與振幅的關系
【解析】【解答】 解：響度的大小與發聲體的振幅有關，振幅越小，響度越小；利用手機軟件測出音叉發出的聲音從80dB變為50dB，即聲音的響度變小了，說明音叉振動的振幅變小，故B正確，ACD錯誤。
故選：B。
【分析】響度指的是聲音的大小；振幅越大，聲音的響度越大；振幅越小，聲音的響度越小。
2．【答案】C
【知識點】光的反射；平面鏡成像的原理、特點；參照物及其選擇
【解析】【解答】 A、白鷺在水中的“倒影”屬于平面鏡成像，是由光的反射形成的，故A錯誤；
B、平面鏡所成的像和物體大小相等，白鷺飛的越高，在水中的“倒影”大小不變，故B錯誤；
C、當白鷺向上飛行時，白鷺與其倒影相對于水面對稱，其倒影相對白鷺向下運動，故C正確；
D、以其倒影為參照物，白鷺與其倒影相對于水面對稱，當白鷺向上飛行時，以其倒影為參照物，白鷺是運動的，故D錯誤。
故選：C。
【分析】 在研究物體的運動和靜止時，要看物體的位置相對于參照物是否發生改變，若改變，則是運動的，若不改變，則是靜止的。
平靜的水面相當于平面鏡，物體在平面鏡中成正立、等大的虛像。
3．【答案】B
【知識點】凝固與凝固放熱特點；凝華及凝華放熱
【解析】【解答】冰是液體的水變為固體狀態，是凝固現象； 雪是氣體的水蒸氣變為固體現象，是凝華現象，B符合題意。
故答案為：B.
【分析】液體變為固體是凝固現象；氣體直接變為固體是凝華現象。
4．【答案】C
【知識點】物體運動狀態的變化；慣性及其現象；平衡力的辨別；增大或減小摩擦的方法
【解析】【解答】A、運-20運輸機輪胎上面的花紋是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力，故A錯誤；
B、慣性是物體保持原來運動狀態不變的性質，任何物體在任何時候都有慣性，靜止在水平地面上的運-20運輸機也具有慣性，故B錯誤；
C、運-20運輸機停在水平地面上，若所有力瞬間消失，根據牛頓第一定律可知，運-20運輸機依然保持靜止狀態，故C正確；
D、運-20運輸機所受地面的支持力和它對地面的壓力大小相等、方向相反、在同一直線上、分別作用在兩個物體上，是一對相互作用力，不是一對平衡力，故D錯誤。
故選：C。
【分析】 （1）增大摩擦的方法：在接觸面粗糙程度一定時，增大壓力；在壓力一定時，增大接觸面的粗糙程度；
（2）慣性是物體保持原來運動狀態不變的性質，一切物體都有慣性；
（3）根據牛頓第一定律分析；
（4）一對平衡力：大小相等、方向相反、在同一直線上、在同一物體上。
5．【答案】A
【知識點】電流的方向；電源及其能量轉化；半導體特點及作用
【解析】【解答】ABD、圖中LED（半導體）發光，電流從銅片流向LED，再流向鋅片，所以銅片相當于電池的正極，故A正確，BD錯誤；
C．水果電池是將化學能轉化為電能，故C錯誤。
故選A。
【分析】1、半導體的應用：常用作發光二極管；
2、電流的方向為：電源正極出發，經過用電器，流向負極，水果電池是將化學能轉化為電能的裝置。
6．【答案】B
【知識點】測電筆的使用；家庭電路電流過大的原因；安全用電原則
【解析】【解答】A.當站在地上的人接觸火線，漏電保護器就會切斷電路，A不符合題意；
B.家用電器使用三線插頭，使用電器的金屬外殼接地，可以防止觸電事故，B符合題意；
C.使用試電筆時，手指不能碰到金屬尖，以免觸電，應接觸金屬筆尾，C不符合題意；
D.同時使用多個大功率用電器，總功率過大，會造成電流過大，D不符合題意。
故答案為：B.
【分析】當發生漏電事故時，漏電保護器斷開；三腳插頭的接地線可以防止人體觸電；使用測電筆時，需要接觸金屬比味道；多個大功率用電器同時使用，電流過大。
7．【答案】B
【知識點】電功率的計算
【解析】【解答】 A圖中只有電阻R2連入電路工作，R1短路；
B圖中兩電阻串聯；
C圖中只有電阻R1工作；
D圖中兩電阻并聯；
由電阻串聯和并聯特點知，串聯時電路電阻最大，并聯時電阻最小；
根據可知，電源電壓不變時，并聯時電功率最大，串聯時電功率最小。
故選：B。
【分析】 根據公式可知，當電源電壓不變時，接入的電阻越小，電功率越大，對選項逐一分析即可得出結論。
8．【答案】D
【知識點】壓力及重力與壓力的區別；液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】 A、甲、乙兩相同的容器中裝有體積相等的兩種液體，
將實心物體A、B分別放入兩容器中，靜止時液面等高，
則甲液體與A排開液體的體積之和等于乙液體與B排開液體的體積之和，
由圖可知，A漂浮，排開液體的體積小于物體的體積，B懸浮，排開液體的體積等于物體的體積，
所以A的體積大于B的體積，
實心物體A、B由同種材料制作，則密度相等，
根據 可知，A的質量大于B的質量，
根據G=mg可知，A的重力大于B的重力。故A錯誤；
B、由圖可知，A漂浮，受到的浮力等于其重力，B懸浮，受到的浮力等于其重力，
因為A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力，故B錯誤；
CD、由圖可知，A漂浮，A的密度小于甲液體的密度，B懸浮，B的密度等于乙液體的密度，
實心物體A、B由同種材料制作，則密度相等，
所以，甲杯中液體的密度大于乙杯中液體的密度；
甲杯中液體的密度大于乙杯中液體的密度，
靜止時液面等高，
根據p=ρ液gh可知，甲容器底部所受液體壓強大于乙容器底部所受液體壓強。故C錯誤；
根據m=ρV可知，甲液體的質量大于乙液體的質量，
根據G=mg可知，甲液體的重力大于乙液體的重力，
因容器對桌面的壓力等于容器、液體和物體的重力之和，
所以，甲杯對桌面的壓力大于乙杯對桌面的壓力，故D正確。
故選：D。
【分析】 （1）首先根據題目中給出的條件判斷，判斷實心物體A、B的體積關系，又知實心物體A、B由同種材料制作，利用密度公式判斷其質量關系，再利用重力公式判斷其重力關系；
（2）根據物體浮沉條件，結合圖示判斷兩種液體的密度關系；
（3）已知兩種液體的密度關系，又知高度關系，根據p=ρ液gh判斷兩容器底部所受液體壓強關系。根據m=ρV可知兩液體的質量的大小關系，根據G=mg可知兩液體的重力的大小關系，因容器對桌面的壓力等于容器、液體和物體的重力之和，據此得出兩杯對桌面的壓力大的大小關系。
9．【答案】D
【知識點】能源及其分類；核裂變；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】A.太陽能屬于可再生能源，核能屬于不可再生能源，A不符合題意；
B.電磁波在相同介質中的傳播的速度一定，和頻率大小無關，B不符合題意；
C.目前世界上的核能發電站是利用核裂變原理發電的，C不符合題意；
D.北斗衛星導航系統是利用電磁波來傳遞信息的，D符合題意。
故答案為：D.
【分析】核能是不可再生能源；核電站利用核裂變釋放能量；電磁波的傳播速度和頻率無關；北斗導航利用電磁波傳遞信息。
10．【答案】D
【知識點】動能的影響因素；勢能的影響因素；機械能守恒條件
11．【答案】B,C
【知識點】液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】 A、據圖可知，乙圖中半潛船排開水的體積最大，其次是丙圖，甲圖排開水的體積最小；
已知液體的密度是相同的，所以據F浮=ρ液gV排可知，F甲＜F乙，F乙＞F丙，故A錯誤；
B、漂浮的物體所受的浮力等于自身的重力，當它從長江駛入東海時，所受浮力始終等于自身的重力，大小不變，故B正確；
C、“新光華”號半潛船處在最大下潛時，船底所受海水的壓強：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×30m=3×105Pa，故C正確；
D、滿載時，“新光華”號所受浮力：F浮=G=mg=1×108kg×10N/kg=1×109N，故D錯誤。
故選：BC。
【分析】 （1）據圖中船排開液體的體積關系，結合F浮=ρ液gV排可以比較出各自情況的浮力大小關系，進而判斷即可；
（2）（4）漂浮在水面上，所受的浮力等于自身的重力；
（3）根據p=ρ液gh求出“新光華”號半潛船處在最大下潛狀態時船底所受海水的壓強。
12．【答案】A,D
【知識點】電壓的測量及電壓表的使用；歐姆定律及其應用
【解析】【解答】A．U丙=U甲+U乙，故A正確；
B．若甲是電壓表，乙丙是電流表，干路電流是R1電流的5倍，則流過R1和R2的電流之比為1∶4，故B錯誤；
C．電路中甲表和乙表如果同時是電流表，當S閉合后，電源短路，故C錯誤；
D．由U=IR得，則
R1∶R2=1∶3
故D正確。
故選AD。
【分析】若甲乙丙都是電壓表，當S1閉合后，R1和R2串聯，甲測R2電壓，乙測R1電壓，丙測電源電壓。依次分析。
13．【答案】無規則運動；吸引
【知識點】分子熱運動；分子間相互作用力
【解析】【解答】聞到花香，是分子在做無規則運動，形成了擴散現象：荷葉上的露珠保持近似球形是水分子之間存在吸引力。
【分析】聞到氣味，是分子不停的無規則運動形成的；分子間存在引力和斥力。
14．【答案】A；正
【知識點】磁場；磁感線及其特點
【解析】【解答】 （1）由圖可知，通電螺線管的磁場和條形磁體的磁場一樣，并且可以看到A點鐵屑的分布比B點密集，則A點的磁場比B點強；
（2）因小磁針靜止時N極所指的方向為磁場的方向，且磁感線在磁體外部由N極發出回到S極，
所以，磁針在B點自由靜止時N極指向右邊，B點磁場的方向向右，螺線管左端為N極、右端為S極，
由右手螺旋定則可知，電流應由右端流入，故電源右端為正極。
故答案為：A；正。
【分析】 （1）在磁場中用磁感線的疏密表示磁場的強弱；
（2）小磁針靜止時N極所指的方向為磁場的方向，根據磁感線在磁體外部由N極發出回到S極確定螺線管的N，根據右手螺旋定則判斷電流的方向，再根據電源外部電流從正極流出回到負極判斷電源的正負極。
15．【答案】凸；會聚
【知識點】透鏡及其特點與分類
【解析】【解答】“削冰令圓”就是把冰塊制成凸透鏡，凸透鏡對光線有會聚作用，
凸透鏡會把光線集中在焦點上時，所以當把艾放在焦點上時，會隨著溫度的升高達到燃點時即可燃燒。
故答案為：凸；會聚。【分析】 中間厚、邊緣薄的透明物質叫凸透鏡；凸透鏡對光有會聚作用。
凸透鏡對光線有會聚作用，平行于主光軸的光線，經凸透鏡折射后會聚成一點，這點是凸透鏡的焦點，焦點的溫度很高。
16．【答案】4.6；0.92×103
【知識點】密度及其特性；密度公式及其應用
【解析】【解答】 已知 V=5L=5×103cm3，ρ=0.92×103kg/m3；
由得，該瓶油的質量：m=ρV=0.92g/cm3×5×103cm3=4600g=4.6kg；
因為密度是物質的特性，所以若用去一半后密度不變。
故答案為：4.6；0.92×103。
【分析】 已知調和油的體積和密度，利用m=ρV即可計算出質量；密度是物質的特性，同種物質（同種狀態）的密度相同，其大小與物體的質量無關。
17．【答案】2100；4
【知識點】比熱容；電能表參數的理解
【解析】【解答】根據電能表的轉盤轉數，計算電熱水器消耗的電能：
，
結合熱水器工作時間，計算熱水器的實際電功率為： ；
不計能量損失，計算水吸收的熱量為：
計算水升高的溫度為：。
【分析】根據電能表轉數，利用，計算消耗的電能；根據，計算電功率；利用，計算水的溫度差。
18．【答案】0.8；懸浮
【知識點】重力及其大小的計算；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】根據排開水的質量，計算浮力F浮=G排=mg=0.08kg×10N/kg=0.8N；根據排開的水的質量，計算排開水的體積，排開水的體積小于小球的體積，小球漂浮，則小球的質量等于排開的水的質量，計算小球的密度為，當放入密度為0.8×103kg/m3的酒精中，物體密度等于液體密度，在酒精總懸浮。
【分析】根據排開液體的質量F浮=G排=mg，計算物體受到的浮力；根據，計算排開液體的體積；結合排開液體體積和物體體積，判斷狀態；根據，計算物體的密度；當物體密度等于液體密度時，物體懸浮。
19．【答案】如下圖所示
【知識點】作光的反射光路圖
【解析】【解答】 連接AB，此線即為反射光線，然后作出入射光線和反射光線夾角的角平分線，即為法線；再作一條線段與法線垂直，該線段的位置即為鏡子的位置。
如下圖：
【分析】光的反射定律的內容：入射光線、反射光線、法線在同一平面上，反射光線和入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角。
首先根據已知條件確定反射光線，根據反射角等于入射角確定法線，作法線的垂線即鏡面的位置
20．【答案】
【知識點】摩擦力的方向；壓力及重力與壓力的區別
【解析】【解答】在水平方向，冰壺向前運動時，只受到水平向左的摩擦力，冰壺對冰面的壓力垂直于冰面并指向冰面，作用點在冰面上，如圖：
【分析】物體受到的摩擦力和相對運動方向相反；水平面受到的壓力和地面垂直。
21．【答案】右；右端下沉；變大；4
【知識點】探究杠桿的平衡條件實驗
【解析】【解答】 （1）實驗中應調節杠桿在水平位置平衡，這樣力臂恰好沿著桿的方向，便于測量力臂；如圖所示，杠桿左端下沉，應將平衡螺母向右移動才能使杠桿水平平衡；
（2）設一個鉤碼重為G，杠桿一個小格長為L，小麗在左、右兩側各增加1個鉤碼，則有：4G×2L＜3G×3L，所以杠桿右端下沉；
（3）保持B點不變，若拉力F從a到b傾斜時，此時F的力臂變短，根據杠桿的平衡條件，阻力、阻力臂不變，動力臂變小，動力變大。
當彈簧測力計在B點斜向下拉（與水平方向成30°角）杠桿，此時動力臂等于
根據杠桿的平衡條件F1L1=F2L2得：。
故答案為：（1）右；（2）右端下沉；（3）變大；4
【分析】 （1）實驗中應調節杠桿在水平位置平衡，這樣力臂恰好沿著桿的方向，便于測量力臂；調節杠桿平衡時，應將平衡螺母向上翹的一端移動；
（2）設一個鉤碼重為G，杠桿一個小格長為L，根據杠桿平衡條件進行判斷；
（3）當拉力F向右傾斜時，保持B點不動，彈簧測力計的方向向右傾斜，這時杠桿右側的力臂變短，根據杠桿的平衡條件可知，使杠桿仍在水平位置平衡，則彈簧測力計的示數將變大。當彈簧測力計在b點斜向下拉（與水平方向成30°角）動力臂為根據杠桿的平衡條件求出彈簧測力計的讀數。
22．【答案】二力平衡；2、3；變小；右；不需要
【知識點】探究影響摩擦力大小因素的實驗
【解析】【解答】（1）實驗時用彈簧測力計沿水平方向拉動木塊，使其做勻速直線運動，木塊在水平方向上受到平衡力的作用，由二力平衡的條件，此時滑動摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）探究滑動摩擦力的大小與接觸面粗糙程度的關系，要控制壓力大小相同，故比較2、3兩次實驗，是為了探究滑動摩擦力的大小與接觸面粗糙程度的關系；
（3）如圖乙，用第1次實驗的裝置，若斜向上拉動木塊做勻速直線運動，那么相比圖甲中第1次實驗，木塊對支持面的壓力變小了，在接觸面粗糙程度不變的條件下，根據影響滑動摩擦力大小的因素可知，圖乙中的木塊受到的滑動摩擦力將變小；
（4）如圖丙所示，木塊相對地面處于靜止狀態，木塊受到彈簧測力計水平向左的拉力與受到的木板施加的滑動摩擦力為一對平衡力，大小相等，方向相反，實驗時拉著長木板沿水平地面向右運動，故此時木塊受到的摩擦力方向水平向右，這樣改進的好處是：不需要拉動長木板做勻速直線運動（或測力計示數穩定，便于讀數）。
故答案為：（1）二力平衡；（2）2、3；（4）變小；（5）右；不需要。
【分析】 （1）根據二力平衡的條件分析；
（2）影響滑動摩擦力大小因素有兩個：壓力大小和接觸面的粗糙程度，研究與其中一個因素的關系時，要控制另外一個因素不變，據此分析；
（3）根據影響滑動摩擦力大小兩個因素分析回答；
（4）圖丙中，木塊相對地面處于靜止狀態，根據二力平衡的條件分析回答。
23．【答案】A；較亮；A；0.625；30
【知識點】伏安法測電阻的探究實驗；探究用電器的電功率實驗
【解析】【解答】（1）為保護電路，閉合開關前，應將滑片移至滑動變阻器的最大阻值處，即A端；
（2）調節滑動變阻器到某一位置，此時電壓表的示數如圖乙，電壓表選用小量程，分度值0.1V，其示數為2.7V，大于燈泡額定電壓2.5V，此時小燈泡發光較亮；為了讓燈泡正常發光，應減小燈泡兩端電壓，根據串聯電路電壓規律，應增大滑動變阻器兩端電壓，根據分壓原理，應增大滑動變阻器接入電路的阻值，故小金應將滑動變阻器的滑片向A端移動；
（3）由圖丙可知，當燈泡兩端電壓為2.5V時，通過燈泡的額定電流為0.25A，則小燈泡額定功率為：PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W；
（4）先將小燈泡接在圖中a、b兩點之間，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片P，使電壓表的示數為1.5V，由圖丙可知，電流I1=0.2A，滑動變阻器兩端的電壓U滑1=U-U1=4.5V-1.5V=3V
由歐姆定律可得，此時滑動變阻器接入電路的電阻
保持滑片位置不動，再取下小燈泡，將待測電阻接在a、b兩點間，閉合開關，讀出電壓表的示數恰好為3V，此時滑動變阻器兩端的電壓U滑2=U-U2=4.5V-3V=1.5V；
電路中的電流；
定值電阻的阻值。
故答案為：（1）A；（2）A；（3）0.625；（4）30。
【分析】 （1）為保護電路，閉合開關前，應將滑片移至滑動變阻器的最大阻值處；
（2）根據電壓表選用量程確定分度值讀數，比較電壓表示數與燈泡額定電壓大小，根據串聯電路電壓規律和分壓原理確定滑動變阻器滑片移動方向；
（3）根據圖丙確定燈泡額定電壓對應的額定電流，利用P=UI求出燈泡額定功率；
（4）①分析電路連接，由圖丙確定電路中的電流，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的阻值；
②③根據串聯電路電壓規律和分壓原理求出待測電阻阻值。
24．【答案】解：（1）當排水閥處于30cm深處時，它受到水的壓強：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3000Pa；
（2）由表格信息和電路圖可知，當開關S1閉合、S2接a時，電路為R1的簡單電路，此時P1=44W，
由可得，R1的阻值：，
當開關S1閉合、S2接b時，R1與R2并聯，此時P2=88W，
因電路的總功率等于各用電器功率之和，
所以，R2的電功率：PR2=P2-P1=88W-44W=44W，
因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，
所以，R2的阻值：；
（3）馬桶圈吸收的熱量：Q吸=cmΔt=0.44×103J/（kg ℃）×0.6kg×6℃=1584J，
由，消耗的電能：
高溫擋加熱功率P高溫=P2=88W，
由可得，用“高溫擋”加熱的方式需要的時間：。答：（1）當排水閥處于30cm深處時，它受到水的壓強為3000Pa；
（2）R2的阻值為1100Ω；
（3）用“高溫擋”加熱的方式需要30s。
【知識點】比熱容；液體壓強計算公式的應用；電功率的計算
【解析】【分析】 （1）當排水閥處于30cm深處時，根據p=ρgh求出它受到水的壓強；
（2）由表格信息和電路圖可知，當開關S1閉合、S2接a時，電路為R1的簡單電路，此時P1=44W，根據求出R1的阻值；當開關S1閉合、S2接b時，R1與R2并聯，此時P2=88W，根據電路的總功率等于各用電器功率之和求出R2的電功率，根據并聯電路的電壓特點和求出R2的阻值；（3）知道馬桶圈的質量和比熱容以及升高的溫度，根據Q吸=cmΔt求出吸收的熱量即為桶圈吸收的熱量，利用求出消耗的電能，根據求出用“高溫擋”加熱的方式需要的時間。
25．【答案】解：（1）解：由杠桿平衡條件可得；
代入數據可得；
則重物P的質量m配重=24120kg。
（2）滑輪組繩子有3股，拉力；
拉力F的功率：P=Fv'=26800N×1.5m/s=40200W；
（3）繩子剛好被拉斷時，拉力；
解得F浮=5400N
又由，排開液體的體積
因此物體露出體積。
答：（1）塔吊左邊的配重物P的質量為24120kg；
（2）拉力F的功率是40200W；
（3）物體D露出體積為0.46m3時，繩子剛好被拉斷。
【知識點】阿基米德原理；杠桿的平衡條件；滑輪組繩子拉力的計算
【解析】【分析】 （1）以O作為支點，將物重和配重分別看作動力和阻力，已知兩力臂OA、OB的長，根據杠桿的平衡條件列式求解即可；
（2）根據題意，由求出拉力，由P=Fv求出拉力的功率；
（3）根據題意，當繩子自由端的所受最大拉力為2.5×104N時物體對滑輪的拉力，由F浮=G-F拉求出浮力，再根據阿基米德原理計算此時浸在水中的體積，據此解題。
1 / 1

展開更多......

收起↑