資源簡介

南寧二中·2025年5月高三沖刺考
物理試卷
(本試卷滿分100分，考試時間75分鐘)
注意事項：
1,答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。
2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。
3,請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。
4,保持卡面清潔，不要折疊、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。
一、選擇題（本題共10小題，共計46分。在每個小題給出的四個選項中，第1-7題只有一個選項正確，選
對得4分；第8-10有多個選項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全得3分，有選錯或不選
的得0分。)
1,目前放射性元素镅應用廣泛，是火災自動報警器等設備內重要的放射源，其衰變方程為Am→Np+X+Y,
已知Am核的質量為m1,gNp核的質量為m2,X的質量為m,真空中的光速為c,下列說法正確的
是()
A.Am的比結合能大于Np的比結合能
B.X為a粒子，衰變釋放的能量△E=(m,-m2-m3)c2,不是4Am的結合能
C.X為α粒子，镅的衰變會隨環境溫度降低逐漸變慢
D.衰變后Np核核外電子處于高能級，向低能級躍遷發出Y射線
2.風洞是空氣動力學研究和試驗中廣泛使用的工具。如圖所示，在地面的M點以豎直向上的初速度，拋
出一小球，小球拋出后始終受到水平向左的恒定風力作用，豎直方向只受重力。經過一段時間后小球將
以水平向左的速度經過N點，最終落回地面上，不計風力以外的空氣阻力。下列說法正確的是(
A.小球在N點之后做平拋運動
F
B.小球上升和下落過程運動時間相等
C.僅增大初速度，小球的水平位移不變
D.僅增大風力，小球落地瞬間重力的瞬時功率增大
3.圖示為手搖發電機的示意圖，正方形金屬線框的邊長為L,匝數為n,位于磁感應強度大小為B的勻強
磁場中，并以恒定角速度ω繞OO'軸轉動。阻值為R的電阻兩端分別與換向器的兩個電刷相連，其余
電阻不計，A為理想電表。若從線框平面平行于磁場開始計時，則在線框轉動一周的過程中，下列說法
正確的是()
A.AB邊中的電流方向保持不變
B.0時電流表示數為0
換向器
C.AD邊始終不受安培力作用
d
D.通過電阻R的電荷量為4mBL
R
南寧二中·2025年5月高三沖刺考·物理第1頁共6頁南寧二中·2025 年 5 月高三沖刺考
物理 答案
1．B
237 241 241
【詳解】衰變后的 93Np核比 95Am核更穩定，比結合能越大原子核越穩定，則 95Am的比結合能小于
237
93Np的比結合能，A
4
錯誤；根據核反應過程滿足質量數和電荷數守恒可知，X為α粒子（ 2He）；
2
根據質能方程可知衰變釋放的能量為ΔE m1 m2 m3 c ，該能量為衰變釋放的能量，不是
241
95Am的結合能；半衰期與原子所處環境無關，溫度變化不會改變原子核的半衰期，B正確，
C 237錯誤；衰變后 93Np核處于高能級，向低能級躍遷發出γ射線，D錯誤。
2．B
【詳解】過 N點后，小球還受水平風力，不滿足平拋運動只受重力特征，A錯誤；豎直方向上，先做
豎直上拋運動再做自由落體運動，由對稱性時間相等，B正確；增大初速度運動時間增大，
水平位移增大，C錯誤；增大風力，小球回到地面水平速度增大，豎直分速度不變，重力的
瞬時功率不變，D錯誤。
3．D
【詳解】線框與磁場垂直時，線框中的電流為零，線框中的電流方向發生改變，在線框轉動一周的過
程中，AB邊中的電流方向改變兩次，A錯誤；電流表的示數為電流的有效值，所以 t 0時電
流表示數不為 0，B錯誤；AD邊中有電流且與磁場不平行時受安培力作用，C錯誤；線圈轉
1 E ΔΦ nBL2 nBL2
動 4 周過程中通過電阻 R的電荷量為q0 I t ，又 I , E n ，聯立得 q ，R Δt Δt 0 R
4nBL2
線框轉動一周的過程中，通過電阻 R的電荷量為 q 4q0 ，故 D正確。R
4．C
【詳解】由圖乙可知該時刻 x=2m處質點沿 y軸負方向振動，根據同側法可知此列波沿 x軸正向傳播，
A錯誤；根據題圖可知該波的周期為 T=4s，結合圖甲可知 x=1m處質點的振動方程為
2 3
y = 8sin（ t + ）（cm），t=0.5s時，x=1m處質點的位移為－4 2cm，C正確，B錯誤；根
4 2
2
據圖甲可得 y =－8sin x（cm）=－8sin x（cm），可得該時刻 x=0.5m處質點的位移為
2
2
－4 2cm，則 x=0.5m處質點的振動方程 y = 8sin（ t + ）（cm），其中8sinφ =－4 2cm，
4
2 7
聯立可得 y = 8sin（ t + ）（cm），則 x=0.5m處質點比 x=1m處質點振動相位超前 ，D
4 4 4
錯誤。
高三物理答案 第 1 頁 共 6 頁
5．C
a r1 r【詳解】根據題意可知橢圓軌道的半長軸為 2 ，假設有一衛星繞地球做勻速圓周運動的半徑滿
2
r r a3
足 r a 1 2 ，根據開普勒第三定律 2 k 可知，該衛星的運行周期也為T ；對該衛星，由2 T
GMm 2 2 3
萬有引力提供向心力可得 2 m
4 r r，聯立解得地球的質量為M 1 r2 。r T 2 2GT 2
6．A
【詳解】從 P點各個方向打入磁場中，在磁場區域掃過的面積如下圖陰影部分所示
(1 L)2
則掃過的面積等于扇形和三角形的面積之和，則 S 2 (1L )2 3 1 3 L2 L2
2 2 8 8 32
將粒子發射點移到 D點后，從 D點各個方向打入磁場中，在磁場區域掃過的面積如下圖陰影
部分所示 ，則掃過的面積等于扇形和三角形的面積之差，
1 2
則 S ' (1 L)2 1
( L)
2 1 L2 1
S ' 2π 4 2π 4
L2，所以 ，即 S ' S
2 4 2 16 8 S 4 3π 4 3π
7．D
1 1
【詳解】剛施加力 F時，對 P、Q整體進行分析，根據牛頓第二定律有 mg 2ma1，解得a2 1
g
4
1
對 Q進行分析，根據牛頓第二定律有N1 mg mg ma ，根據牛頓第三定律有N N2 1 2 1
3
解得 Q對 P的壓力大小為 N2 mg，A錯誤；假設 P、Q分離，則兩者之間彈力為 0，對 Q4
1 1
進行分析，根據牛頓第二定律有mg mg ma 2，解得加速度大小為a2 2
g，方向豎直向下。
2
1
施加拉力后，對 P、Q整體進行分析，令平衡位置的壓縮量為 x0，則有 mg kx0 2mg ，令2
1
整體相對平衡位置位移為 x，則回復力為F回 mg k x x0 2mg，解得F回 kx，可知，回2
復力大小與相對平衡位置的位移大小成正比，方向相反，可知，整體做簡諧運動，根據簡諧
1 1
運動的對稱性，整體運動的最大加速度為 a1 g a2 g，表明 P、Q整體先向上做加速運4 2
動，后向上做減速至 0，速度減為 0時的加速度大小小于分離時向下的加速度，可知，假設
高三物理答案 第 2 頁 共 6 頁
不成立，即施加力 F后，在運動過程中 P、Q不可能分離，B錯誤；結合上述可知，P運動到
1
最高點時，整體加速度方向向下，大小為 a1 g，對整體分析有 2mg F F0 2ma1，解得4
F mg0 mg，即彈簧的彈力大小為 ，故 C錯誤；物塊開始位置，根據胡克定律與平衡條件有
2mg kx1，結合上述，物塊在最高點時，根據胡克定律有 F0 mg kx2 ，拉力做功為
m2g 2 2 2W F x1 x2 ，重力勢能的增加量為 Ep1 2mg x x
2m g
1 2 ，根據功能關系與能量2k k
2 2
守恒定律可知，彈性勢能的減小量為 Ep2 Ep1 W
3m g
，解得Ep2 ，P重力勢能增加量為2k
2 2 E
Ep3 mg x1 x2
m g p2
，則有 1.5E ，即 P從開始運動到最高點的過程，彈簧彈性勢能減k p3
少量等于 P重力勢能增加量的 1.5倍，D正確。
8.AB
【詳解】礦粉 a帶正電，且落入左側收集器，則礦粉 a受到向左的電場力，則電場方向水平向左，所
以 N板帶正電，M板帶負電，M的電勢比 N的電勢低，故 AB正確；礦粉在電場中所受電場
力均對礦粉做正功，所以礦粉 a、b的電勢能減小，CD錯誤。
9.AC
pNVN pMVM p
【詳解】根據理想氣體狀態方程可得 T T ，代入圖中數據可得 pM
0 ，A正確；在N E過
N M 4
程中，體積不變，外界對氣體不做功，溫度降低內能減少，根據熱力學第一定律，氣體向外
pN pE
界放出熱量，B錯誤；在N E過程中，根據查理定律得 T T ，解得
pE p0 ，在E M
N E
p
過程中，氣體體積膨脹，對外做功，體積增加了 3V0，而壓強由 p0減小到 0 ，根據功的定義4
W Fx p V ，可知對外做功應小于3p0V0，故 C正確；在 E M 過程中，溫度不變，內能
不變。由于氣體對外做功，根據熱力學第一定律，一定吸收熱量，故 D錯誤。
10．AD
【詳解】小球拋出后經時間 t輕繩剛好被拉直，根據平拋運動規律有 Lsin37°+ LOA = v0t，
1
Lcos37° = gt 2，解得 t=0.4s，v0=2m/s，選項 A正確；輕繩剛被拉直前，小球豎直方向的分
2
速度大小為 vy=gt=4m/s，此時小球的瞬時速度 v = v2 + v20 y = 2 5m/s，選項 B錯誤；輕繩被
拉直后沿著輕繩方向的速度為零，垂直于輕繩的速度vt = vysin37°－v0cos37° = 0.8m/s，小球
1
之后做圓周運動擺到最低點過程中，則根據機械能守恒定律有mgL（1－cos37°）= Ek－ mv
2
2 t
，
E =1.16 J C v
2
解得 k ，選項 錯誤；小球圓周運動擺到最低點時，根據牛頓第二定律有T－mg = m 1 ，
L
1
其中Ek = mv
2
1 ，解得 T=7.32N，選項 D正確。2
高三物理答案 第 3 頁 共 6 頁
11.
（1）AD（1分）（全部選對得 1分，錯選或漏選不得分）
（2）F' （1分）
（3）一直減小（2分） 先減小后增大（2分）
【詳解】（1）本實驗采用了等效替代的物理思想，A正確；為減小實驗誤差，與兩彈簧測力計相連的
細繩之間的夾角要適當大一點，但不是越大越好，B錯誤；連接結點 O的三根細繩等長與否對實驗無
影響，C錯誤；測量時彈簧測力計必須與量角器平行且在同一豎直平面內，D正確。
（2）圖乙中，F'大小等于重物 c的真實重力，F是利用平行四邊形定則作出的合力的理論值。
（3）畫出力的矢量三角形，如圖所示，
可知彈簧測力計 a的示數一直減小，彈簧測力計 b的示數先減小后增大。
12.
（1）甲（1分）
（2）偏小（1分） 電壓表的分流作用造成的誤差（2分）
（3）1.58/1.580（1分） 0.63/0.64/0.65/0.66（1分）
（4）2.5（2分）
【詳解】（1）因乙圖電流表的分壓作用造成電源內阻測量誤差相對較大，故實驗應該采用甲電路；
（2）根據電路圖可知，由于電壓表的分流作用，干路中電流的真實值大于測量值，當外電路短路時電
流的測量值等于真實值，電源 U-I圖像如圖所示：
U-I圖像的縱截距表示電動勢，由圖示 U-I圖像可知電路圖測得的電動勢比真實值偏小；
（3）根據閉合電路歐姆定律可得U E Ir，可得 U-I圖像的縱軸截距等于電動勢，則干電池的電動勢
1.58 1.35
為E 1.58V，U-I圖像的斜率絕對值等于內阻，則內阻為 r k Ω 0.66Ω
0.35
1 1 R r 1
（4）根據閉合電路歐姆定律可得 E （I R RA r），可得 ·R A ，由 -R圖像的縱軸截距可知I E E I
RA r 2A 1，解得電流表內阻為RA 2 1.58 0.66 2.5 E
高三物理答案 第 4 頁 共 6 頁
13.（1） n 2 （2 R）
2
解：（1）由題意可知，臨界角為C 45 ...........................................................1分
sinC 1 ......................................................................1分
n
得： n 2 .....................................................................1分
（2）以入射角30 沿半球體甲的半徑射入，設此時入射角為 r，折射角為 i，則：
n sin i .....................................................................2分
sin r
解得： i 45 ..............................................................1分
由幾何關系，兩半球體球心錯開的水平距離為：
s R tan i R .............................................................2分
2 2
2kBSl 2
14. 1 F mg 2 4 kS Blv（ ） N ； （ ）3R P 9R
B
解：（1）在Ⅰ區時，感應電動勢：E1 S kS ............................................................2分 t
感應電流大小： EI = 1 .....................................................................................1分1 R
總
R
R = R + ...............................................................................1分
總 2
（若寫 EI 1 .....................可打包得 2分）1 = R
R + 2
安培力大小為：F BI1l安 ....................................................................................1分
對棒在豎直方向上，有：FN mg F安 ..............................................................2分
F mg 2kBSl可得在Ⅰ區運動時，導軌對棒的彈力： N ...................................1分3R
（2）棒剛進入Ⅱ區時，總的感應電動勢為：E2 E1 Blv ..............................................2分
由歐姆定律得： EI = 2 ............................................................................................ 1分
R
總
又，P I 2R ..................................................................................................................1分
4(kS Blv)2
則棒的熱功率：P ...............................................................................2分
9R
1
15.解：（1）設 B 2在M點時的速度大小為 vM，則有：mgR mvM ................................................1分2
設在M點時圓弧軌道對 B的支持力為FN，
2
則有：F vN mg m M ....................................................................................................................1分R
解得： FN 6N ................................................................................................................................1分
由牛頓第三定律可知，B運動到M點時對圓弧軌道的壓力大小為 6N................................1分
高三物理答案 第 5 頁 共 6 頁
（2）設滑塊 B剛被彈開時的速度大小為vB
L 1 2 1 2
由動能定理有： - mg mvM mvB ......................................................................................1分2 2 2
設 A的質量為mA ，剛被彈開時的速度大小為 vA，得：
mAvA mvB .....................................................................................................1分
E 1 m v2 1 mv2A A B ...........................................................................................1分2 2
聯立解得：mA 0.2kg，vA vB 4 m/s
L
A離開長木板 C所用的時間為： t1 0.5s2v ..........................................................................1分A
設 B減速運動時的加速度大小為 a，則： mg ma ...............................................................1分
A離開長木板 C時 B的速度大小為：
v 'B vB at1 2.75m / s ........................................................................2分（公式 1分，結果 1分）
1
（3 B 2）若 恰好滑到長木板的右端，則有： mgkL 0 mvB ................................................1分2
解得：k=0.8
①若 0.8≤k≤1，則 B一直在長木板 C上運動，直至速度減為零，
1
故 B 2克服摩擦力做的功為：Wf mv克 B ...................................................................................1分2
解得：Wf 1.6J克 ..........................................................................................................................1分
②若 0'
設滑塊 B運動到長木板最右端時的速度為vM ，則有：
1 1
－μmgkL = mv'2M－ mv
2
B .........................................................1分2 2
B '從光滑的圓弧軌道滑到長木板上時，其速度大小仍為vM ，
B C v mv '設 與 共速時的速度大小為 ，則： M 2mv .................................................................1分
1 2 1 2
故整個過程中 B克服摩擦力做的功為：Wf mv mv克 B ....................................................1分2 2
聯立解得：Wf克 1.2 0.5（k J）.......................................................................................................1分
高三物理答案 第 6 頁 共 6 頁

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