資源簡介

騰沖市益群中學2025屆高三模擬預測物理試卷
考生注意：
1、答卷前，考生務必用黑色碳素筆將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在答題卡上，并認真核準條形碼上的準考證號、姓名、考場號、座位號及科目，在規定的位置貼好條形碼。
2、回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。
3、考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。
一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一個選項符合題目要求，每小題4分；第8-10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。
1．我國的“祝融號”火星車，它的電源來自于太陽能電池，在火星上太陽能電池板發電能力有限，因此科學家正在研究用放射性材料作為發電能源為火星車供電。中的元素是，其半衰期是87.7年，的衰變方程為。下列說法正確的是（　　）
A．衰變過程質量數守恒，能量不守恒
B．的比結合能比的大
C．100個分子經過87.7年，其質量變為原來的一半
D．Pu的同位素的半衰期均為87.7年
2．如圖所示，在矩形OABC的頂點A、C處分別固定電荷量為、的點電荷，、、、的長度分別為12cm、16cm、4cm、12cm，P為的幾何中心，規定無窮遠處電勢為0。下列說法正確的是（ ）
A．M、N兩點電勢相等
B．M點電勢小于0
C．M、N兩點電場強度不相同
D．負試探電荷在N點的電勢能大于其在P點的電勢能
3．一束激光沿光路1從空氣射入盛水的方形玻璃容器中，并沿光路4射出玻璃，且容器側壁厚度相同，如圖所示。該激光在空氣中的折射率設為1.00，在水中的折射率為1.33，在玻璃中的折射率為1.65。若不考慮每個界面的反射光，則（　　）
A．增大入射角θ，激光可能在空氣和水的界面發生全反射
B．減小入射角θ，激光可能在水和玻璃的界面發生全反射
C．激光在水中的光路2和在空氣中的光路4一定不平行
D．激光在水中的速度比在玻璃中的速度小
4．有一個輕質柔軟的金屬彈簧，全長為l0，如圖所示。當通入電流I后，彈簧的長度為l，則l與l0的關系為（ ）
A． B． C． D．無法判斷
5．“天宮一號”（Ⅰ）主要是和載人飛船配合完成空間交會對接試驗任務，而“天宮二號”（Ⅱ）則是我國第一個具備太空補加功能的載人航天實驗室。已知“天宮二號”的軌道高度為393km，比“天宮一號”高了50km。關于兩者運行情況的比較，以下結論正確的是（　　）
A．線速度vⅡ>vⅠ B．加速度aⅡ>aⅠ C．角速度Ⅱ>Ⅰ D．周期TⅡ>TⅠ
6．自熱米飯因其便于加熱和攜帶越來越受到游客的歡迎。自熱米飯盒內有一個發熱包，遇水發生化學反應而產生大量熱能，不需要明火，溫度可超過100，蓋上盒蓋便能在10～15分鐘內迅速加熱食品。自熱米飯的蓋子上有一個透氣孔，如果透氣孔堵塞，溫度升高到一定程度，容易造成小型爆炸（在極短時間內氣體急劇膨脹）。下列說法正確的是（　　）
A．自熱米飯盒爆炸，是盒內氣體溫度升高，氣體分子間斥力急劇增大的結果
B．自熱米飯盒爆炸前的加熱過程，盒內氣體壓強保持不變
C．自熱米飯盒爆炸的過程中，盒內氣體內能減少
D．自熱米飯盒爆炸前，盒內氣體溫度升高，標志著每一個氣體分子速率都增大了
7．某同學設計如圖1所示的電路測量導體的載流子（電子）濃度，在導體表面加一垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小B可以調節。閉合開關S，電極1、3間通以恒定電流I，電極2、4間將產生電壓U。導體長為a，寬為b，厚度為c，電子的電荷量為e。根據數據作出的圖像如圖2所示，圖線的斜率為k，則該導體單位體積中載流子數為（　　）
A． B． C． D．
8．課間，同學們聚在一起做彈筆帽游戲。如圖所示，筆帽和輕彈簧連接在一起放在水平桌面上，豎直向下壓筆帽，放手后筆帽和彈簧一起豎直向上彈起，并離開桌面。下列說法正確的是（　　）
A．彈簧離開桌面前，彈簧上的彈力一直減小
B．當彈簧剛恢復原長時，筆帽的速度達到最大
C．離開桌面上升過程中，筆帽處于失重狀態
D．離開桌面前，筆帽的加速度一直減小
9．一小物塊在固定的斜面上勻速下滑，在此過程中，下列關于物體所受各力做功的說法正確的是（　　）
A．支持力做正功 B．摩擦力做負功
C．重力不做功 D．重力做正功
10．如圖甲所示，通過戰斗繩進行高效全身訓練是健身房的最新健身潮流之一，健身愛好者訓練時，手持繩的一端上下甩動形成的繩波可簡化為簡諧橫波，手的平衡位置在處，手從平衡位置開始甩動時開始計時，圖乙是時的波形圖，此時波剛好傳播到處，則（　　）
A．處質點的起振方向沿y軸正方向
B．處的質點振動的周期為
C．波傳播的速度大小為
D．當處的質點第一次到達波峰時，處的質點通過的路程為
E．手握著繩端上下做簡諧運動的振動方程為
二、實驗題：本題共2小題，共18分。
11．(6分）利用單擺測量當地重力加速度的實驗中。
(1)某同學在實驗過程中，擺長沒有加小球的半徑，其他操作無誤，那么他得到的實驗圖像可能是下列圖像中的 。
A． B． C． D．
(2)該同學在沒有計入小球半徑的情況下實驗測得的重力加速度值和真實值相比，將 （填“偏大”“偏小”或“相同”）。
(3)下列擺動圖像真實地描述了對擺長約為1m的單擺進行周期測量的四種操作過程，圖中橫坐標原點表示計時開始，A、B、C均為30次全振動圖像，已知sin5°≈0.087，sin15°≈0.26，這四種操作過程合乎實驗要求誤差最小的是 （填字母代號）。
A． B．
C． D．
12．（12分）在“導體電阻率的測量”實驗中，某研究小組粗測了金屬電阻絲電阻約為10Ω，用刻度尺測量金屬絲的長度。
（1）如圖a所示，用螺旋測微器測量金屬絲直徑，其測量值 ；
（2）測量金屬電阻絲的電阻，實驗室提供了下列器材：
A．電壓表V（量程0~3V~15V，內阻約3kΩ和約15kΩ）
B．電流表A（量程0~0.6A~3A，已知內阻1.0Ω和0.1Ω）
C．滑動變阻器R（0~5Ω）
D．電源E（電動勢為3.0V、內阻不計）、開關和導線若干
為較準確測量金屬電阻絲的電阻，要求金屬絲兩端電壓調節范圍盡可能大，請設計實驗電路，并用實線代替導線完成如圖b所示實物電路的連線 ；
研究小組根據合理的實驗電路較準確的測得實驗數據，在坐標系上用“·”描點，并繪出了圖線，如圖c所示。測得金屬絲的電阻R= Ω（保留3位有效數字）；該金屬電阻絲的電阻率的表達式為 （用R、L、d等物理量表示）。
三、計算題：本題共3小題，共36分。
13．（10分）一種餐桌的結構如圖1所示，已知圓形玻璃轉盤的半徑r=0.6 m，轉盤的厚度不計，圓形桌面的半徑R=1 m，已知玻璃中心與桌面中心重合，桌面到水平地面的高度h=1 m。輕繩的一端固定在轉盤的邊緣，另一端連著一個物塊，物塊被輕繩帶動沿桌面邊緣一起旋轉，達到穩定狀態后物塊與轉盤的角速度相同，且繩始終沿切線方向，其俯視圖如圖2所示。某時刻輕繩突然斷裂，物塊沿桌邊緣水平飛出，落地點到轉盤中心O點的距離s= m，重力加速度g取10m/s2，求：
（1）轉盤轉動的角速度ω。
（2）小球與桌面間的動摩擦因數μ。
14．（13分）如圖所示，一電子（電荷量數值為e，質量為m）以速度v垂直射入寬度為d的勻強磁場中，磁場上、下方向范圍無限大，穿出磁場時的速度方向與電子原來入射時的速度方向間的夾角是30°，則
（1）勻強磁場的磁感應強度為多大；
（2）穿過磁場的時間是多長。
15．（13分）如圖，質量均為m的木塊A和B，并排放在光滑水平面上，A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的O點系一長為L的細線，細線另一端系一質量為m的球C。現將C球拉起使細線水平伸直，并由靜止釋放C球。求：
（1）A、B兩木塊分離時，A、B、C的速度大小：
（2）A、B兩木塊分離后，C球偏離豎直方向的最大偏角θ的余弦值cosθ；
（3）從“靜止釋放C球”至“A、B兩木塊分離后，C球首次偏離豎直方向的偏角最大”的過程中，木塊B對A的沖量？物理參考答案
題號 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B B C B D C D AC BD BCE
1．B
【詳解】A．衰變過程中質量數和能量均守恒，故A錯誤；
B．衰變為釋放能量，所以的比結合能比的大，故B正確；
C．半衰期是統計概念，對于大量放射性物質才成立，故C錯誤；
D．半衰期與原子核有關，核內核子數對半衰期有影響，的同位素的半衰期不一定均為87.7年，故D錯誤。
故選B。
2．B
【詳解】A．根據等量異種電荷的電場線和等勢面的分布特點，可知，M、N兩點電勢不等，M點電勢小于N點電勢，A錯誤；
B．由于無窮遠處電勢為0，根據沿電場線方向電勢逐漸逐漸降低可知，M點電勢小于0，B正確；
C．根據等量異種電荷的電場線分布可知，M、N兩點場強大小相等方向相同，故M、N兩點電場強度相同，C錯誤；
D．負試探電荷在電勢高的地方電勢能小，在電勢低的地方電勢能大，由于N點電勢大于P點電勢，所以負試探電荷在N點的電勢能小于在P點的電勢能，故D錯誤。
故選B。
3．C
【詳解】AB．由于激光在空氣中的折射率設為1.00，在水中的折射率為1.33，在玻璃中的折射率為1.65，根據激光從光疏介質進入光密介質，可知增大或減小入射角θ，激光可能在空氣和水的界面不發生全反射，AB錯誤；
C．根據題意可知，在水中的折射率為1.33，在玻璃中的折射率為1.65，由于激光在水中的光路2和在空氣中的光路4一定不平行，C正確；
D．根據公式
可知，在水中的折射率為1.33，在玻璃中的折射率為1.65，則激光在水中的速度比在玻璃中的速度大，D錯誤。
故選C。
4．B
【詳解】通電螺線管中的電流方向相同，導線之間相互吸引，所以彈簧長度變短，即，故B正確，ACD錯誤。
故選B。
5．D
【詳解】萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得
解得
，，，
天宮二號的軌道半徑大于天宮一號的軌道半徑，故“天宮二號”運行的線速度比“天宮一號”小，“天宮二號”運行的加速度比“天宮一號”小，“天宮二號”運行的角速度比“天宮一號”小，“天宮二號”運行的周期比“天宮一號”大，故D正確，ABC錯誤。
故選D。
6．C
【詳解】A．自熱米飯盒爆炸，是盒內氣體溫度升高，氣體不變，壓強急劇變大的緣故，與分子間斥力無關，故A錯誤；
B．自熱米飯盒爆炸前的加熱過程，盒內氣體體積不變，溫度升高，則壓強變大，故B錯誤；
C．自熱米飯盒爆炸的過程中，盒內氣體對外做功，但來不及與外界發生熱交換，則氣體內能減少，故C正確；
D．自熱米飯盒爆炸前，盒內氣體溫度升高，分子平均動能變大，但不是每一個氣體分子速率都增大了，故D錯誤。
故選C。
7．D
【詳解】根據題意設導體單位體積中載流子數為，由電流微觀表達式有
穩定時，電子所受洛倫茲力與電場力平衡有
整理可得
結合圖像可得
解得
故選D。
8．AC
【詳解】A．彈簧離開桌面前，筆帽和彈簧一起向上運動，在這個過程中，彈簧的壓縮量逐漸減小，因此彈簧上的彈力也一直減小，故A正確；
B．筆帽的速度在彈簧恢復原長時并不是最大的，而是在此之前彈力等于重力時刻達到最大，故B錯誤；
C．離開桌面上升過程中，筆帽受到重力和空氣阻力的作用，筆帽的加速度方向向下，因此筆帽處于失重狀態，故C正確；
D．離開桌面前，筆帽的加速度變化并不是一直減小的，在彈簧壓縮量最大的時刻，筆帽的加速度達到最大（因為此時彈簧的彈力最大，與重力的合力也最大），隨著彈簧的伸長，彈力逐漸減小，合力逐漸減小，加速度也逐漸減小，當彈力小于重力后，加速度逐漸增大，直到彈簧恢復原長離開桌面，故D錯誤。
故選AC。
9．BD
【詳解】由題意可知，支持力的方向與位移方向垂直，摩擦力的方向與位移方向相反，重力的方向與位移方向的夾角為銳角，根據
可知，支持力不做功，摩擦力做負功，重力做正功，AC錯誤，BD正確。
故選BD。
10．BCE
【詳解】A．根據波的傳播方向與振動方向的關系可知
處質點的起振方向沿y軸負方向，故A錯誤；
B．圖乙是
時的波形圖，此時波剛好傳播到
處
可知此波的周期為
故
處的質點振動的周期為，故B正確；
C．波傳播的速度
故C正確；
D．處質點的起振方向沿y軸負方向，當處的質點第一次到達波峰時，歷時，經過的路程為3個振幅，由圖可知
又波剛好傳播到處時，用時
再經
處的質點通過的路程為2個振幅，故處的質點共通過的路程為
故D錯誤；
E．由以上分析可知，手從平衡位置開始甩動時起振方向沿y軸負方向，簡諧運動的振動方程為
故E正確。
故選BCE。
11． B 相同 A
【詳解】(1)[1]在實驗過程中，若擺長沒有加小球的半徑，其它操作無誤，設小球半徑為r，由單擺周期公式可得
解得
從而可知B正確，ACD錯誤，故選B。
(2)[2]該同學在沒有計入小球半徑的情況下得到的L-T2圖像的斜率不變，因，則實驗測得的重力加速度值和真實值相比，將相同。
(3)[3]當擺角小于等于5°時，我們認為小球做單擺運動，所以振幅約為
A=Lsin5°=1×0.087m=8.7cm
當小球擺到最低點開始計時，誤差較小，測量周期時要讓小球做30-50次全振動，求平均值，所以A合乎實驗要求且誤差最小。故選A。
12． 0.235（0.231~0.238） 10.0（9.50~10.0）
【詳解】（1）[1]螺旋測微器的精度為0.01mm，轉動刻度需估讀到零點壹格，故測量值為
（0.231~0.238）
（2）[2]因電源電動勢為3V，則電壓表選量程為3V，而待測電阻絲的最大電流為
則電流表選0.6A的量程，因電流表的內阻已知，故采用電流表的內接法可以消除系統誤差；要求金屬絲兩端電壓調節范圍盡可能大需要選擇滑動變阻器的分壓式接法，故實物連線如圖所示
（3）[3]根據部分電路的歐姆定律可知
即有
解得
（9.50~10.0）
[4]根據電阻定律有
解得
13．（1） rad/s；（2）0.375
【詳解】（1）設輕繩斷后小球平拋的初速度為v0，平拋的水平位移大小為x，如圖甲所示
有
s2-h2=x2+R2
又
x=v0
v0=ωR
解得
ω=rad/s
（2）如圖乙所示
sinθ==0.6
則
θ=37°，cosθ=0.8
設小球質量為m，輕繩上拉力大小為FT，繩斷前，有
FTcosθ=m
FTsinθ=μmg
解得
μ=0.375
14．（1）；（2）
【詳解】（1）電子在磁場中運動，只受洛倫茲力作用，故其軌跡是圓弧的一部分，又因為，故圓心在電子穿入和穿出磁場時受到洛倫茲力指向的交點上， 由幾何知識可知，軌跡圓心角
半徑
又由
得
（2）由于圓心角是30°，因此穿過磁場時間
由于
故
15．（1），；（2）；（3），水平向左
【詳解】（1）小球C下落到最低點時，AB開始分離，此過程水平方向動量守恒。根據機械能守恒有：
取水平向左為正方向，由水平方向動量守恒得：
聯立解得
（2）選A、C為研究對象，由水平方向動量守恒有
由機械能守恒，有
解得
（3）從“靜止釋放C球”至“A、B兩木塊分離”的過程中，選B為研究對象：
（水平向右）
“A、B兩木塊分離”后，A、B間沒有相互作用。
所以木塊B對A的沖量大小
木塊B對A的沖量方向：水平向左。

展開更多......

收起↑