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2025年安徽省高考破題卷物理試題（一）
一、單選題：本大題共8小題，共32分。
1.钚是原子能工業的一種重要原料，可作為核燃料的裂變劑。钚的衰變方程為，下列說法正確的是( )
A. 這種衰變過程叫作衰變
B. 衰變放出的是由原子核外電子受激發而產生的
C. 衰變前的質量數大于衰變后的質量數之和
D. 衰變前的電荷數等于衰變后的電荷數之和
2.一粒子從點射入電場，從點射出，電場的等差等勢面和粒子的運動軌跡如圖所示，圖中最左端等勢面是平面，電勢為，其余等勢面不再是平面，最右端等勢面電勢為，不計粒子的重力。下列說法正確的是( )
A. 粒子一定帶負電荷
B. 粒子的加速度先不變，后變大
C. 粒子在點的速度比在點小
D. 粒子每經過一個等勢面動能的變化量越來越小
3.如圖所示，小孩豎直向上踢出毽子，毽子上升到最高點之后落下。在毽子上升、下降過程中的加速度隨時間的變化關系，可能正確的是( )
A.
B.
C.
D.
4.有人喜歡在睡覺前躺著看手機，經常出現手機砸傷眼睛的情況。若手機質量為、從離人眼約為的高度無初速度掉落，砸到眼睛后手機未反彈，眼睛受到手機的沖擊時間約為，取。與眼睛作用過程中( )
A. 手機的動量變化約為 B. 手機對眼睛的沖量大小約為
C. 手機對眼睛的平均作用力大小約為 D. 手機對眼睛的平均作用力大小約為
5.如圖所示，藝術體操的帶操表演中，運動員手持細棒沿豎直方向上下抖動彩帶的一端，彩帶隨之“波浪”翻卷，同時彩帶上的“波浪”向前傳播，把這樣的“波浪”近似視為簡諧橫波圖為一橫波在時刻的波形圖，圖為圖中質點的振動圖像則( )
A. 該波沿軸正方向傳播 B. 該波的傳播速度為
C. 時質點的加速度最大 D. 內質點運動的路程為
6.如圖所示，傾角為的固定光滑斜面上有兩個質量均為的物塊、，物塊通過勁度系數為的輕彈簧拴接在斜面底端的固定擋板上，物塊通過一根跨過定滑輪的細線與物塊相連，物塊的質量為，彈簧、細線均與斜面平行。初始時，用手托住物塊，使細線恰好伸直但無拉力，釋放物塊，物塊A、分離時，滑塊恰好落地。重力加速度大小為，不計滑輪質量及摩擦，忽略空氣阻力，彈簧始終在彈性限度內，下列說法錯誤的是( )
A. 初始時，彈簧的壓縮量為
B. 物塊A、分離時，彈簧彈力等于
C. 從開始到物塊A、分離的過程中，物塊A、的速度先增大后減小
D. 從開始到物塊A、分離的過程中，物塊A、一直加速
7.如圖所示，光滑導電圓環軌道豎直固定在勻強磁場中，磁場方向與軌道所在平面垂直，導體棒的兩端可始終不離開軌道無摩擦地滑動，當由圖示位置釋放，直到滑到右側虛線位置的過程中，關于棒中的感應電流情況，正確的是( )
A. 先有從到的電流，后有從到的電流
B. 先有從到的電流，后有從到的電流
C. 始終有從到的電流
D. 始終沒有電流產生
8.如圖，一質量為的小朋友由高，傾角的滑梯頂端靜止滑下，已知滑到底端時的速度大小為，重力加速度，下列說法正確的是( )
A. 重力做功 B. 支持力做功
C. 阻力做功 D. 合力做功
二、多選題：本大題共2小題，共10分。
9.如圖所示，將一質量為的擺球用長為的細繩吊起，上端固定，使擺球在水平面內做勻速圓周運動，細繩就會沿圓錐面旋轉，這樣就構成了一個圓錐擺，細繩與豎直方向成角，下列說法中正確的是( )
A. 擺球受重力、拉力和向心力的作用 B. 擺球受重力和拉力的作用
C. 擺球運動周期為 D. 擺球運動的角速度有最小值，且為
10.如圖甲所示，粗糙水平地面上有一長木板，小滑塊置于長木板的最右端。現將一大小為、水平向右的恒力作用于長木板的右端，讓長木板從靜止開始運動，一段時間后撤去力的作用，滑塊和長木板在內的圖像如圖乙所示。已知小滑塊的質量為，重力加速度，則下列說法正確的是( )
A. 長木板的質量為
B. 長木板與地面之間的動摩擦因數為
C. 時，滑塊停止運動
D. 長木板和滑塊均停止運動時，距的右端
三、實驗題：本大題共2小題，共16分。
11.如圖所示，在插針法測量玻璃折射率的實驗中，兩位同學先把方格紙固定在木板上。在方格紙上畫出一條直線作為界面線，過上的一點畫出界面的法線，并畫一條線段作為入射光線。再把玻璃磚放到方格紙上，使其上邊界與重合，畫出玻璃磚的下界面的位置。在直線上插兩枚大頭針和，再在玻璃磚的另一側插上大頭針和，確定光路后利用折射定律計算折射率。
關于本實驗下列說法正確的是______；
A.實驗時入射角越大越好
B.插大頭針時應使和、和的間距稍大一些，可以減小誤差
C.插大頭針時，大頭針應垂直紙面插放
D.該實驗只能測量兩面平行的玻璃磚的折射率
利用上述方格紙上的實驗記錄，計算此玻璃磚的折射率為______；答案可以用分數或根號表示
如圖所示，在實驗過程中畫出界面后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導致界面畫到圖中虛線位置，而在作光路圖時界面仍為開始所畫的，則所測得的折射率將______填“偏大”“偏小”或“不變”。
如圖所示，在實驗過程中畫出界面上界面后，不小心將玻璃磚繞入射點轉動了一些，則所測得的折射率將______填“偏大”“偏小”或“不變”。
12.某興趣小組要組裝一個量程為、的雙量程的電流表，可選用的器材有：微安表量程為、內阻為、電阻箱、阻值范圍均為、導線若干。
大家在分析、討論后，設計了如圖所示的電路圖，其中為公共接線柱，和分別為電流擋和擋的接線柱，請將電路圖補充完整。
該方案對應電阻箱的阻值應取________、________。
該興趣小組在改裝好電表以后，進一步對其進行校準，結果發現，無論是擋還是擋，改裝表的示數總比標準表的示數稍微小一些，為了使改裝表的讀數準確，他們可以________填正確答案標號
A.使稍增大一些 使稍減小一些
C.使稍增大一些 使稍減小一些
四、計算題：本大題共3小題，共42分。
13.氣調保鮮技術可通過抑制儲藏物細胞的呼吸量來延緩其新陳代謝過程，使之處于近休眠狀態來達到保鮮的效果某保鮮盆內密封了一定質量的理想氣體，氣體的體積約為，壓強，溫度，保鮮盆上部為柔性材料，氣體體積可膨脹或被壓縮，盒內壓強與外界大氣壓強相等，求：
將保鮮盒放入保鮮庫，若保鮮盒內氣體體積不變，保鮮庫內壓強，求此時保鮮盆內的溫度
現將保鮮盒運至高海拔環境，需將保鮮盒內的一部分氣體緩慢放出以保持體積不變，假設釋放氣體過程中溫度不變，現需將保鮮盆內的氣體放出，求外界大氣壓強。
14.如圖所示，水平面與兩段半徑均為、圓心角分別為和的豎直光滑圓軌道在、兩點平滑連接。輕質彈簧左端固定，質量為可視為質點的小球在外力作用下把彈簧壓縮到處未拴接，由靜止釋放小球，小球向右運動脫離彈簧后，從點進入圓軌道，剛好能從最高點脫離圓軌道水平飛出。已知重力加速度為，不計空氣阻力。求：
小球從點做平拋運動的水平位移大小；
改變小球初始釋放位置，小球剛好能上升到點，求從點進入圓軌道時受到的支持力大小；
在的情景下，處于點處的小球由于微小擾動繼續沿圓弧軌道向右滑動，從點未畫出脫離豎直圓軌道，求點到點的豎直高度。
15.如圖所示，兩固定的平行、光滑金屬導軌足夠長且電阻不計，兩導軌與水平面夾角，導軌間距。有一有界勻強磁場，磁感應強度大小為，方向垂直導軌平面向下，其上，下邊界、均水平且間距為。有質量均為、接入導軌間電阻均為、長度相同的水平導體棒、，在邊界上方距的距離均為處先后由靜止釋放導體棒、，先釋放，剛進入磁場即做勻速運動，此時再釋放，兩導體棒與導軌始終保持良好接觸。求：
磁感應強度的大小；
導體棒運動到下邊界時的速度大小；
若導體棒、先后離開下邊界的時間間隔離開邊界時速度一直沒達到穩定，且離開磁場下邊界的瞬時計為，此時在下方區域加上一與導軌平面垂直向下的隨時間變化的磁場，時該磁場磁感應強度為，為使導體棒、中不產生感應電流，則隨變化的表達式。
答案和解析
1.【答案】
【解析】、核反應方程式中生成物有粒子，所以為衰變，故A錯誤；
B、衰變放出的是由原子核內部受激發而產生的，故B錯誤；
、衰變過程滿足質量數守恒和電荷數守恒，衰變過程放出能量，質量不守恒，故D正確，C錯誤；
故選：。
2.【答案】
【解析】、由題知右側電勢高于左側電勢，故電場線方向大致向左，而粒子做曲線運動，電場力方向指于軌跡彎曲的內側，說明電場力方向偏左，即電場力方向與電場方向相同，故粒子帶正電，故A錯誤；
B、因為等勢面先平行并且密，后變疏，說明電場強度先不變，后變小，則電場力先不變，后變小，所以加速度先不變，后變小，故B錯誤；
C、粒子從到過程，電場力做功為，粒子帶正電，且，故從到過程電場力做負功，電勢能增加，動能減小，速度減小，故B點速度比點速度小，故C正確；
D、根據動能定理，，因圖中是等差等勢面，故粒子每經過一個等勢面電場力做功相同，動能的變化量相同，故D錯誤。
故選：。
3.【答案】
【解析】踢出后的毽子，受到重力和空氣阻力的作用，毽子上升過程中，根據牛頓第二定律有
毽子向上運動過程中速度逐漸減小，阻力減小，故加速度減小；
下降過程中有
下降過程中速度逐漸增大，故加速度減小，因此全過程中加速度一直減小，且方向向下不變。
加速度越小，速度變化越慢，阻力變化越慢，加速度變化慢，故圖像斜率變小。
故ABC錯誤，D正確。
故選：。
4.【答案】
【解析】下落的高度；手機的質量；
A.根據自由落體速度；手機與眼睛作用后手機的速度變成，所以手機與眼睛作用過程中動量變化為：。故A錯誤；
B.手機與眼接觸的過程中受到重力與眼睛的作用力，選取向上為正方向，則：
代入數據可得：，即手機對眼睛的作用力與眼睛對手機的作用力大小相等，方向相反，作用的時間相等，所以手機對眼睛的沖量大小約為故B錯誤；
由沖量的定義：，代入數據可得：，故C錯誤；D正確。
故選D。
5.【答案】
【解析】時刻質點向軸負方向運動，由波的傳播方向與質點振動方向的關系，知該波沿軸負方向傳播，選項A錯誤
由圖知波長為，由圖知周期為，則波速為，選項B錯誤
時質點位于平衡位置，加速度為，速度最大，選項C錯誤
由圖知質點振動的振幅為，，則內質點運動的路程為，選項D正確．
6.【答案】
【解析】A.初始時，細線對物塊的作用力為零，物塊整體受力平衡，有，解得，故A正確；
B.物塊、剛分離時，物塊、之間的相互作用力為，且物塊、的加速度相同，分別對物塊、、受力分析，由牛頓第二定律，對物塊有，對物塊有，對物塊有，解得，，，故B正確；
從開始到物塊、剛分離的過程中，物塊、一起隨運動，由于從靜止開始一直做加速運動，則也一直加速，故C錯誤，D正確。
7.【答案】
【解析】以棒與大圓弧或小圓弧組成的回路為研究對象，當由圖示位置釋放，直到滑到右側虛線位置的過程中，穿過這兩個回路的磁通量始終不變，故始終沒有感應電流產生，故ABC錯誤，D正確。
8.【答案】
【解析】A.重力做功為
解得
故A錯誤；
B.由于支持力方向總是與速度方向垂直，所以支持力做功為，故B錯誤；
根據動能定理可得
解得阻力做功為
合力做功為
故C錯誤，D正確。
故選：。
9.【答案】
【解析】、擺球只受重力和拉力作用。向心力是根據效果命名的力，是幾個力的合力，也可以是某個力的分力，本題中向心力是由重力與繩子拉力的合力提供的，故A錯誤、B正確。
C、擺球的周期是做圓周運動的周期，擺球做圓周運動所需要的向心力是重力沿水平方向指向圓心的分力提供的。
即
所以，故C錯誤。
D、根據向心力公式可知，，解得：；當時，有最小值，且最小值為故D正確。
故選：。
10.【答案】
【解析】、根據題意，由圖乙可知，時撤去力的作用，撤去力前，長木板的加速度為：
撤去力后，長木板的加速度為：
小滑塊的加速度為：。
設小滑塊與長木板之間的動摩擦因數為，長木板與地面之間的動摩擦因數為，根據牛頓第二定律可得：
對小滑塊，有：
對長木板，有：，
解得，，故A錯誤、B正確；
C、因為，故小滑塊與長木板共速后，小滑塊相對長木板向右運動。
對長木板，有：
解得：
對小滑塊，有：，解得：
則從、共速到小滑塊停止運動，還需：，解得：，故時，滑塊停止運動，故C正確；
D、從、共速到長木板停止運動，還需：，解得：
長木板停止運動的時間為：
、運動全過程的圖像如圖所示：
由圖可知，相對的位移大小為，故D正確。
故選：。
11.【答案】； ； 偏大； 偏小
【解析】實驗時入射角越大，反射光線越強，折射光線越弱，不利用出射光線的缺點，故A錯誤；
B.為了減小方向的確定誤差，插大頭針時應使和、和的間距稍大一些，故B正確；
C.插大頭針時，大頭針應垂直紙面插放，可以減小誤差，故C正確；
D.根據實驗原理，實驗中只要測量出入射角和折射角，根據折射定律就可以測定玻璃磚的折射率，與玻璃磚的形狀無關，故D錯誤。
故選：。
作出的光路圖如圖所示：
設方格的邊長為，根據數學知識，入射角的正弦
折射角的正弦
根據折射定律，折射率
作出的光路圖如圖中圖所示：
根據光路圖可知，入射角不變，折射角的測量值小于真實值；根據折射定律，折射率的測量值與真實值相比偏大；
作出的光路圖如圖中圖所示：
根據光路圖可知，入射角和折射角的測量值均大于真實值，但折射角的的增加量大于入射角的增加量；根據折射定律，折射率的測量值與真實值相比偏小。
故答案為：；；偏大；偏小。
12.【答案】改裝如圖所示
；
；；

【解析】微安表并聯一個小電阻改裝成大量程的電流表，串聯一個大電阻改裝成大量程的電壓表。
改裝圖如圖所示：
當接、接線柱時當電流表用：
根據并聯電路特點得：
當接、接線柱時當電流表用：
根據并聯電路的特點得：
將和、，代入以上兩式求得：
若發現改裝表的讀數總比標準表的示數稍小，則說明微安表分流較小，故要使分流電阻增大些，故選項A正確。
13.【解析】由查理定律可得
其中
解得
可得此時保鮮盒內的溫度
由玻意耳定律可得
其中
可得外界大氣壓強為

14.【解析】剛好能從點水平飛出的速度為，平拋落地所用的時間為，平拋水平位移為．
由向心力公式：，
由平拋運動規律：
，
，
解得。
小球到點速度為零，從運動到的過程由機械能守恒定律可得：
，
小球在點所受支持力為，
解得。
小球從點脫離圓軌道，設與豎直半徑之間的夾角為，小球在點時的速度為，
從到的過程由機械能守恒可得：，
過點時支持力，
根據向心力公式，有：，
，
解得：。
15.【解析】進入磁場前做勻加速運動，設剛進入磁場時的速度大小為，
由動能定理得：
代入數據解得：
導體棒切割磁感線產生的感應電動勢，
由閉合電路的歐姆定律得：
導體棒進入磁場做勻速直線運動，由平衡條件得：
代入數據解得：
導體棒進入磁場前做初速度為零的勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：
代入數據解得：
導體棒從釋放到進入磁場需要的時間
導體棒進入磁場到進入磁場過程的位移大小
由題意可知：
進入磁場時的速度大小與進入磁場時的速度大小相等，從進入磁場開始，、產生的感應電動勢大小相等，
總電動勢為零，回路感應電流為零，導體棒所示安培力為零，導體棒、均做勻加速直線運動，加速度大小
導體棒進入磁場時導體棒距距離為
設導體棒到達時的速度大小為，由勻變速直線運動的速度位移公式得：
代入數據解得：
剛離開時，距距離為，以速度開始做變減速運動，設離開磁場邊界時的速度大小為
對，以沿軌道向下為正，由動量定理得：，
導體棒受到的安培力大小的沖量：
通過導體棒的電荷量：
代入數據解得：，
離開磁場后做勻加速運動，速度：
此時、間距
因為感應電流為，所以、不受安培力，此時加速度相同，均為，
則相對做勻速直線運動，
因為磁通量不變，所以
解得：
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