資源簡介

成都石室中學2024-2025學年度下期高2025屆高考適應性考試（二）
物理
本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。
注意事項：
1．答題前，務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡規定的位置上。
2．答選擇題時，必須使用2B鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。
3．答非選擇題時，必須使用0.5毫米黑色簽字筆，將答案書寫在答題卡規定的位置上。
4．所有題目必須在答題卡上作答，在試題卷上答題無效。
5．考試結束后，只將答題卡交回。
一、單項選擇題：本題共7個小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題目要求。
1．某同學做“引體向上”時的上升動作如圖所示，他從最低點運動到最高點的過程中，手臂對身體的拉力始終保持向上，下列說法正確的是
A．單杠對手的支持力始終等于重力
B．單杠對手的支持力做正功
C．單杠對手的支持力沖量為零
D．手臂對身體的拉力做正功
2．14C測年法的原理基于14C的放射性衰變，14C是一種放射性同位素，其半衰期為5730年。自然界中的碳主要由12C和13C組成，而14C則是由宇宙射線與大氣中的氮相互作用產生的。14C在大氣、水和生物圈中廣泛分布，在大氣中的含量保持相對穩定。 動植物通過呼吸和攝取食物等方式吸收14C，其體內14C的含量和大氣中的含量相同。當它們死亡后，立即停止與生物圈的碳交換，其14C含量開始減少，減少的速度由半衰期決定。考古學家測得某古生物樣品中14C的含量約為大氣中14C含量的。則該古生物的死亡時間距今大約為
A．1720年 B．2870年 C．4010年 D．5700年
3．如圖所示，一束復色光從O點以入射角斜射入上、下表面平行的透明玻璃磚內，經折射后分成A、B兩束光分別從下表面的a、b兩點射出，關于A、B兩束光，下列說法正確的是（　　）
A．A光從a點射出后，可能與入射光線不平行
B．A光比B光更易發生明顯衍射
C．A光在玻璃磚中的傳播時間可能等于B光在玻璃磚中的傳播時間
D．增大，B光有可能在玻璃磚下表面發生全反射
4．2024年10月30日11時神舟十九號飛船與中國空間站完成自主交會對接，在交會對接前的最后階段，神舟十九號與空間站處于同一軌道上同向運動，兩者的運行軌道均視為圓形軌道。要使神舟十九號在同一軌道上追上空間站實現對接，神舟十九號噴射燃氣的方向可能正確的是
5．如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，圖中的實線與虛線分別為t = 0和t = 0.4 s時的波形圖。若平衡位置在x = 1 cm處的質點在0 ~0.4 s內運動方向不變，則下列說法中正確的是
A．該簡諧波波源的振動周期為1.2 s
B．該簡諧波的傳播速度為 m/s
C．該簡諧波沿x軸正方向傳播
D．在0 ~ 1.2 s內x = 1 cm處的質點經過的路程為40 cm
6．如圖所示，完全相同的三根剛性柱豎直固定在水平地面上的A'、B'、C'三點上，三點恰好在等邊三角形的三個頂點上，三角形的邊長為L，三根完全一樣的輕繩一端固定在A、B、C三點上，另一端栓接在一起，結點為O。現把質量為m的重物用輕繩靜止懸掛在結點O處，O點到ABC平面的距離為，重物不接觸地面，當地重力加速度為g。則AO繩中的張力為（　　）
A． B． C． D．
7．如圖所示，等邊三角形△ABC位于豎直平面內，AB邊水平，頂點C在AB邊上方，3個點電荷分別固定在三角形的三個頂點上。已知AB邊中點M處的電場強度方向豎直向下，BC邊中點N處的電場強度方向豎直向上，A點處點電荷的電荷量的絕對值為q，下列說法正確的是
A．A點處的電荷為負電荷
B．C點處的電荷電量絕對值為q
C．M點的電勢低于N點電勢
D．M點的電場強度大于N點的電場強度
二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。
8．一小球在xOy坐標平面內運動，它在x軸方向的分速度vx隨時間按正弦規律變化，y方向的分速度vy隨時間按余弦規律變化，速度-時間圖像分別如圖甲、乙所示，下列關于小球運動的說法正確的是
A．小球的實際運動為簡諧運動
B．小球的速度大小隨時間周期性變化
C．小球的加速度大小恒為10m/s2
D．一個周期內小球的運動的路程為5π m
9．如圖所示，理想變壓器原副線圈匝數比n1：n2=2：1，原線圈接有定值電阻R0=10，副線圈接有滑動變阻器R1和小燈泡L，燈泡電阻恒為2，額定功率為2W。原線圈輸入端接有效值的正弦交流電，關于該電路分析正確的是（ ）
A．滑動變阻器滑動頭向左滑動，燈泡變暗
B．無論滑動變阻器滑動頭向哪邊滑動，副線圈兩端的電壓始終不變
C．當滑動變阻器阻值調為0.5時，R0上消耗的電功率達到最大值
D．當滑動變阻器阻值調為0.5時，小燈泡正常發光
10．如圖所示，豎直平面內一半徑為R的圓形區域內存在磁感應強度為B的勻強磁場，方向垂直紙面向里。一長度為R的線狀粒子源位于磁場左側，磁場區域的直徑MN為線狀粒子源的垂直平分線，線狀粒子源沿平行于直徑MN的方向發射質量為m、電荷量為（q>0）的帶電粒子。所有粒子的速率均為，不計粒子重力和粒子間的相互作用。下列說法正確的是
A．粒子在磁場中運動的最大位移與最小位移之比為
B．粒子在磁場中運動的最長時間與最短時間之差為
C．磁場中有粒子經過的區域面積為
D．
三、非選擇題：本題共5小題，共54分。其中第13~15小題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟；有數值計算時，答案中必須明確寫出數值和單位。
11．（6分）某實驗小組利用圖甲中的裝置探究加速度與質量和合外力的關系，圖中力傳感器可以測量細線拉力F的大小。
（1）關于該實驗下列說法正確的是 ；
A．實驗前應將木板右端適當墊高以平衡摩擦力
B．每次實驗必須將小車從同一位置釋放
C．實驗過程中應保證沙和沙桶的總質量遠小于小車質量
D．實驗前應調整滑輪高度使細線與長木板平行
（2）通過多次操作得到了一條比較清晰的紙帶，如圖乙所示，紙帶中相鄰兩計數點間有4個點未畫出，且打點計時器所用電源頻率為50Hz，則小車的加速度大小為 ；（結果保留兩位有效數字）
（3）保持小車的質量M一定，改變沙和沙桶的質量，以小車的加速度a為縱坐標，以力傳感器的示數F為橫坐標，作出了如圖丙所示的a-F圖線，圖線的斜率為k，下列說法正確的是
A．圖線不過原點是因為平衡摩擦力時木板傾角過小
B．小車的質量M與直線斜率k的乘積等于1
C．小車的加速度可以超過重力加速度g
D．傳感器的示數F不可能大于小車的重力
12．（8分）某實驗小組想測定一塊鋰電池的電動勢和內阻，實驗器材如下：
A．待測鋰電池（銘牌標注電動勢4.2V）
B．定值電阻R0=2Ω
C．電壓表V（量程為5V，內阻很大）
D．一根均勻的電阻絲（長度約為0.7m，總阻值大于R0，并配有可在電阻絲上移動的金屬夾）
E．教學用量角器（直徑約為50cm）
F．單刀雙擲開關一個，導線若干
由于缺少刻度尺，無法測量電阻絲的長度。某同學提出將電阻絲繞在量角器上。先利用圖甲所示電路測量單位圓心角所對應的電阻絲電阻，再利用圖乙所示電路測量鋰電池的電動勢和內阻。
甲 乙 丙
（1）測量單位圓心角所對應的電阻絲的電阻，實驗步驟如下：
按圖甲所示電路進行連線；
將開關置于1，讀出電壓表示數U0；
將開關置于2，移動金屬夾，調節接入電路的電阻絲對應的圓心角，直到電壓表的示數為 ，讀出此時電阻絲對應的圓心角。
④ 若第③步讀出的圓心角恰為，可測得單位圓心角所對應的電阻絲的電阻r0= Ω/rad。（結果可用π表示）
（2）測鋰電池的電動勢和內阻，實驗步驟如下：
① 將器材按如圖乙所示連接；
② 開關閉合前，金屬夾應夾在電阻絲的 端（填“a”或”b”）
③ 改變金屬夾的位置，閉合開關，記錄每次接入電路的電阻絲對應的圓心角θ和電壓表示數U，得到多組數據；
④ 整理數據并在坐標紙上描點繪圖，所得圖像如圖丙所示，則該鋰電池的電動勢E= V，內阻
r= Ω。
13．（10分）家用汽車輪胎胎壓標準一般在2.2~2.5bar之間（1bar表示一個標準大氣壓，約等于1×105Pa），冬季來臨時氣溫降低，會使輪胎胎壓降低。一轎車的輪胎規格為“195/65R15”，其輪胎容積為15L。工作人員在給汽車做保養時發現其中一個輪胎的胎壓為2.0bar，使用充氣泵給輪胎充氣，若充氣泵每秒鐘能充入1L壓強為1bar的空氣。忽略輪胎容積的變化。求：
（1）為使胎壓處于標準范圍，充氣泵給輪胎充氣的最長時間；
（2）若充氣時的氣溫為7℃，工作人員將胎壓加到2.4bar，如果輪胎不漏氣，當氣溫升至35℃時，要使胎壓降到標準范圍內，至少應放出的空氣在該溫度和標準大氣壓下的體積。
14．（14分）如圖所示，高度h=0.8m的光滑水平桌面上放置兩個物塊A、B，質量分別為mA=0.2kg，mB=0.1kg。A、B間夾一根處于壓縮狀態的輕彈簧，彈簧與A、B不拴接。在B右端一定距離處，有一質量為mC=0.3kg的小球C，用長為0.3m，不可伸長的輕繩懸掛于懸點O處，小球與桌面接觸但不擠壓。在O點右側的P點固定一釘子，P點與O點等高。同時由靜止釋放A、B，彈簧恢復原長后，A從桌面左端水平飛出，水平射程為xA=1.2m，B與小球C發生彈性碰撞。A、B、C均可視為質點，取重力加速度g=10m/s2。求：
（1）彈簧釋放的彈性勢能；
（2）若要小球C運動到P點正上方，繩子不松弛，P點到O點的最小距離。
15．（16分）如圖所示，間距為L的兩根平行光滑金屬導軌MN、PQ固定在同一水平面內，導軌電阻不計，兩導軌間存在大小為B、方向垂直導軌平面向外的勻強磁場，導軌左端串接一個阻值為R的電阻，一根質量為m、電阻為r的導體棒垂直于導軌放在導軌上。導體棒與絕緣T形支架相連，當右側的水平圓盤勻速轉動時，固定在圓盤邊緣上的小圓柱可在T形支架的滑槽中滑動，從而帶動T形支架在水平方向往復運動。小圓柱到圓盤圓心的距離為，圓盤轉動的角速度為ω，A、C兩點的連線為平行于導體棒的直徑，D點為AC右側圓弧的中點。導體棒與導軌始終接觸良好，空氣阻力忽略不計。求：
（1）流過導體棒的最大電流Im；
（2）從小圓柱運動到A點開始計時，R中的電流i隨時間t變化的函數關系式（取電流方向從M經R流向P為正方向）；
（3）小圓柱從A點運動到D點的過程中，T形支架對導體棒做的功W和沖量I。
詳解
1．【答案】D【答案詳解】A．從最低點到最高點的過程中，先加速后減速，先超重后失重，單杠對手的支持力不可能始終等于重力，故A選項錯誤；B．單杠對手的支持力作用在手上，作用點的位移為零，故單杠對手的支持力不做功，故B選項錯誤；C．單杠對手的支持方向始終向上且作用了一段時間，根據沖量的定義，單杠對手的支持力沖量不為零，故C選項錯誤；D．手臂對身體的拉力向上，身體向上發生了一段位移，根據功的定義，手臂的拉力做正功，故D選項正確。故選D。
2．【答案】B【答案詳解】原子核發生衰變時，剩余質量，由題意，故，，與B選項最接近，故選B。
3.【答案】C【解析】根據光路的可逆性可得，A光從a點射出后，一定與入射光線平行，故A錯誤；由圖可知，入射角相同，A光的折射角小于B光的折射角，A光的折射率大于B光的折射率，A光的頻率大于B光的頻率，A光的波長一定小于B光的波長，B光比A光更易發生明顯衍射，故B錯誤； 設玻璃磚的厚度為d，光線在玻璃磚上表面的折射角為，則光線穿過玻璃磚的時間，又因為，代入可得，可知當A、B兩束光在O點的折射角互余時t相等，故C正確；由于光線從玻璃磚中射出時的入射角一定小于臨界角，故兩束光均不可能發生全反射，故D錯誤。故選C。
4．【答案】B【答案詳解】要想使神舟十九號在與空間站的同一軌道上對接，則需要使神舟十九號加速，與此同時要想不脫離原軌道，根據F＝m，則必須要增加向心力，即噴氣時產生的推力一方面有沿軌道向前的分量，另一方面還要有指向地心的分量，又因噴氣產生的推力方向與噴氣方向相反，則圖B是正確的。故選B。
5【答案】B【解析】由t = 0時的波形圖可知，平衡位置在x = 1 cm的質點此后將向y軸負方向運動，因此t = 0.4 s時該質點也向y軸負方向運動，結合t = 0.4 s時的波形圖，根據同側法可知，該簡諧波沿x軸負方向傳播，故C錯誤；由圖可知，波長為,由于平衡位置在x = 1 cm處的質點在0到0.4 s內運動方向不變，可知,周期為,波速為,故A錯誤；B正確；在0 ~ 1.2 s內，質點運動了四分之三個周期，因此質點經過的路程為,故D錯誤。故選B。
6.【答案】D【解析】設結點為O在三角形ABC平面的投影為，根據題意和幾何關系知到A、B、C三點的距離都相等，為，與三根輕繩間的夾角都相同，設為，則，故。對結點O，根據平衡條件，解得AO繩中的張力為，故選D。
7．【答案】B【答案詳解】A．因為M點處電場強度方向豎直向下，則C點處電荷為正電荷，根據電場強度的疊加原理，可知A、B兩點的點電荷在M點的電場強度大小相等，方向相反，則B點處點電荷帶電荷量為q，電性與A點處點電荷相同，又N點處電場強度豎直向上，可得A點處電荷在N處的電場強度垂直BC沿AN連線向右上，如圖1所示，可知A點處點電荷為正電荷，所以A、B、C點處的電荷均為正電荷。故A選項錯誤。B．對N點處電場強度分析如圖2所示，由幾何關系EA′＝EBC′·tan 30°，即＝(－) 其中AN＝BN＝CN，解得qC＝q。故B選項正確。C．根據B選項的分析可知，C點的電荷電量小于A點的電荷電量。若C處電量也為q，則M點電勢等于N點電勢，但C點的電量小于q，相當于在C處疊加了一個負電荷，由于M點比N點離C更遠，故M點的電勢高于N點的電勢。故C選項錯誤。D．M點的電場強度，N點的電場強度。因為AN=CM，q＞qC，所以，故D選項錯誤。故選B。
8．【答案】CD【解析】由圖甲可得：x軸方向的分速度（m/s），由圖乙可得：y軸方向的分速度（m/s），小球的合速度，故小球的合速度大小不變，小球做勻速圓周運動，故A錯誤；由圖甲可知，小球運動的周期T=πs，由得R=2.5m，小球的加速度大小為，故B錯誤、C正確；一個周期內小球運動的路程m，故D正確。故選D。
9．【答案】AD【解析】滑動頭左移，滑動變阻器阻值變大，原線圈輸入功率變小，原、副線圈電流減小，燈泡變暗，故A正確；原線圈輸入電壓，滑動頭右移，電阻變小，原線圈電流變大，原線圈輸入電壓減小，副線圈輸出電壓變小，故B錯誤；同理可得，當滑動變阻器電阻減為零時，原線圈電流最大，此時R0上有最大功率，故C錯誤；當滑動變阻器阻值為時，設原線圈電壓為U1，原線圈電流為I1，副線圈電壓為U2，副線圈電流為I2，對原線圈，有U1=U-I1R0，對副線圈，有U2= I2（R0+ RL），且U1：U2=n1：n2，I1：I2=n2：n1，聯立各式，解得：U1=5V，I1=0.5A，U2=2.5V，I2=1A，即小燈泡達到額定功率，正常發光，故D正確；故選AD。
10．【答案】AC【答案詳解】粒子做圓周運動的半徑，所以平行MN入射的粒子都將匯聚于O點正下方的P點，如圖所示。由A點入射的粒子在磁場中運動的時間最長，其轉過的圓心角為，運動時間為，位移大小為，速度變化量為；由B點入射的粒子在磁場中運動的時間最短，其轉過的圓心角為，運動時間為，位移大小為R，速度變化量為v。所以，粒子在磁場中運動的最大位移與最小位移之比為，故A選項正確；粒子在磁場中運動的最長時間與最短時間之差為，故B選項錯誤；磁場中有粒子經過的區域如圖中陰影部分所示，其面積等于扇形ABP的面積為，故C選項正確；粒子動量變化量的最大值與最小值之比為:1，故D選項錯誤。故選AC。
11．【答案】（1）AD （2）0.93 （3）BD （每空2分）
【答案詳解】（1）A．該實驗中如果木板水平，小車所受的合外力等于細線拉力減去摩擦力，如果改變小車質量，摩擦力也會改變，所以需要將木板右端墊高，用小車重力沿木板方向的分力平衡摩擦力，可使細線拉力等于小車所受合外力。故A選項正確。
B．每次實驗小車應從靠近打點計時器處釋放，但不一定要從同一位置釋放，故B選項錯誤。
C．該實驗中細線拉力可以由力傳感器測出，不需要用沙和沙桶的重力來近似等于細線拉力，故不需要沙和沙桶的總質量遠小于小車質量。故C選項錯誤。
D．實驗過程中須保持細線拉力與木板平行，故D選正確。
(2)相鄰計數點之間的時間間隔為T＝5×＝5× s＝0.1 s，由逐差法可知小車的加速度為a＝＝ m/s2＝0.93 m/s2。
（3）A．由圖丙可以看出，細線拉力為零時，小車已有加速度，說明木板傾角過大，故A選項錯誤；
B．對小車由牛頓第二定律得，整理可得，直線的斜率為，所以kM=1，故B選項正確；
C．沙和沙桶所受的合外力小于重力，故沙桶的加速度小于g，小車和沙桶的加速度大小相等，故小車的加速度不可能超過重力加速度g，C選項錯誤；
D．因為小車的加速度小于重力加速度，故小車所受的合外力小于其重力，所以力傳感器的示數不可能大于小車的重力，故D選項正確。
12．【答案】（1）U0 （1分） （2分） （2）b（1分） 4（2分） 0.8（2分）
【答案詳解】（1）圖（a）為替代法測電阻的原理，當開關置于2與置于1時電壓表的示數相等，說明電阻絲接入電路的電阻與定值電阻R0的阻值相等。根據提給條件單位圓心角所對應的電阻絲的電阻Ω/rad。
（2）為使閉合開關時電路中的電流最小，應使電阻絲接入電路的電阻最大，故金屬夾應夾在b端。根據閉合電路歐姆定律，整理可得，結合圖（c）可得，直線縱截距為，解得E=4V，直線斜率為，代入數據解得r=0.8Ω。
13．【答案】（1）7.5s （2）2.1L
【答案詳解】
解：（1）設輪胎容積為V，標準大氣壓為p0
由題意，初態輪胎內氣體壓強p1=2p0
當胎壓為p2=2.5p0時，充入的壓強為p0的空氣體積為V1
由玻意耳定律得 （2分）
解得： （1分）
因為充氣泵每秒充入1L壓強為p0的空氣，故充氣時間最長為7.5s （1分）
（2）
由查理定律得 （2分）
解得： （1分）
設放出壓強為p0、體積為V2的氣體后，輪胎胎壓降為p2=2.5p0
由玻意耳定律得 （2分）
解得： （1分）
14．【答案】(1)2.7J (2)0.2m
【答案詳解】
解：（1）設物塊A做平拋運動的時間為t
豎直方向： （1分）
水平方向： （1分）
聯立解得： （1分）
彈簧將A、B彈開的過程中，A、B組成的系統動量守恒
（1分）
解得： （1分）
由能量守恒定律得：=2.7J （2分）
（2）由B、C發生彈性碰撞有
（1分）
（1分）
聯立解得： （1分）
設輕繩被擋住后，小球恰能運動到最高點時，小球做圓周運動的半徑為R
在最高點由重力提供向心力 （1分）
由動能定理得： （1分）
聯立解得：R=0.1m （1分）
P點到O點的最小距離 d=l－R=0.2m （1分）
15．【答案】（1） （2） （3）
【答案詳解】
解：（1）小圓柱運動的線速度 （1分）
當滑槽運動到AC連線上時，導體棒的速度最大且等于v，導體棒中感應電動勢的最大值為
（1分）
由閉合電路歐姆定律，流過導體棒的最大電流 （2分）
（2）導體棒的速度等于小圓柱沿垂直于滑槽方向的分速度，從小圓柱運動到A點開始計時，且取電流方向
從M經R流向P為正方向，則導體棒中的感應電動勢
（1分）
由閉合電路歐姆定律，R中的電流 （1分）
聯立解得： （1分）
（3）小圓柱從A點運動到D點的時間 （1分）
當小圓柱運動到D點時，導體棒的速度為零
對導體棒由動能定理得 （1分）
電路中產生的熱量 （1分）
由功能關系 （1分）
聯立解得： （1分）
取向右為正方向，對導體棒由動量定理得
（1分）
又 （1分）
根據法拉第電磁感應定律 （1分）
聯立解得： （1分）

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