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(共45張PPT)
物 理
時量：75分鐘 滿分：100分
得分____
一、選擇題（本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只
有一項是符合題目要求的）
1.如圖為原子核的比結(jié)合能曲線，橫坐標為質(zhì)量數(shù) ，縱坐標為比結(jié)合能，由圖可知
( )
B
A.質(zhì)量數(shù) 的原子核比結(jié)合能最大，因此該核發(fā)生
核反應(yīng)時會釋放大量能量
B.鈾核 的比結(jié)合能小于中等質(zhì)量原子核，故鈾核
裂變生成兩個中等核的過程會釋放核能
C.兩個氫核聚變?yōu)楹ず?的過程需要吸收能量
D.比 更穩(wěn)定
【解析】質(zhì)量數(shù) 的原子核比結(jié)合能最大，意味著這些原子核的核子結(jié)合得最為緊
密，要將其分開需要更多的能量，因此這些原子核最穩(wěn)定，發(fā)生核反應(yīng)時會吸收大量能
量，故A不符合題意；鈾核裂變生成中等核，比結(jié)合能增大，釋放能量，故B符合題意；
兩個氫核聚變?yōu)楹ず?的過程是一個輕核聚變的過程，在這個過程中，由于比
結(jié)合能的增加，會有質(zhì)量虧損，因此這個過程需要釋放能量，而不是吸收能量，故C不
符合題意；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，故D不符合題意。故選B。
2.如圖所示電路，將開關(guān)從調(diào)到 后，電路中電流的圖像應(yīng)為下
列中的( )
A
A. B. C. D.
【解析】根據(jù)題意可知，將開關(guān)由調(diào)到 時，電容器和自感線圈組成回路，此回路為振
蕩電路，產(chǎn)生周期性迅速變化的振蕩電流。A圖像正確：電容器開始放電，由于電容器
上極板帶正電，則電流為逆時針，電場能向磁場能轉(zhuǎn)化，電流越來越大，當電容電量為
0時，電流最大，其后磁場能向電場能轉(zhuǎn)化，電容器充電，電流越來越小，電流為0時，
充電完成，此時，電容器下極板帶正電，之后開始反向放電，電流為順時針，電場能向
磁場能轉(zhuǎn)化，電流越來越大，當電容電量為0時，電流最大，其后磁場能向電場能轉(zhuǎn)化，
電容器充電，電流越來越小，電流為0時，充電完成，電場能轉(zhuǎn)化為磁場能以及磁場能
又再次轉(zhuǎn)化為電場能的過程中，電路向外輻射電磁波，電路中的能量在耗散，最大電流
越來越小。故選A。
3.如圖所示為一理想變壓器的電路示意圖，交流電源的輸出電壓 恒定，圖中的交流電
表均為理想電表。下列說法正確的是( )
D
A.僅將滑片下移時，、和 表示數(shù)均變小
B.僅將滑片 下移時，變壓器的輸入功率變小
C.僅將觸頭上移時，、和 表示數(shù)均變大
D.僅將觸頭 上移時，變壓器的輸入功率變小
【解析】將滑片向下移動時，減小，設(shè)變壓器原線圈兩端的電壓為，電流為 ；
副線圈兩端的電壓為，電流為；原副線圈匝數(shù)比為，且 ,則
,。當減小時， 不變，副線圈總電阻減小，則副線圈總電
流增大，原副線圈電流之比等于匝數(shù)反比，所以原線圈電流也增大，即 示數(shù)變大，
電壓表的示數(shù)為,所以電壓表的示數(shù) 減小，流過小燈泡的電流減
小，的示數(shù)變大，變壓器輸入功率 ,所以輸入功率也變大，A錯誤，B錯誤；
觸頭向上移動，則變大，所以 變小，副線圈電阻不變，所以副線圈電流變小，所
以原線圈電流也減小，即示數(shù)變小，變壓器輸入功率 ,所以變壓器的輸入功率
也變小，C錯誤，D正確。故選D。
4.我國自主研發(fā)的氫原子鐘現(xiàn)已應(yīng)用于中國的北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中，高性能的原子鐘對導(dǎo)航
精度的提高起到了很大的作用，同時原子鐘具有體積小、重量輕等優(yōu)點，氫原子鐘通過
氫原子能級躍遷而輻射的電磁波校準時鐘，氫原子能級示意圖如圖所示，已知可見光光
子的能量范圍為 ，則下列說法正確的是( )
B
A.一群處于第4能級的氫原子向下躍遷時最多發(fā)出3種不同頻率的光子
B.處于 能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線并發(fā)生電離
C.氫原子由激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)后，核外電子的動能減小，原子的電勢能
增大
D.氫原子從能級躍遷到 能級輻射的光子是可見光光子
【解析】根據(jù) ,可知大量處于第4能級的氫原子向下躍遷時最多發(fā)出6種不同頻率
的光子，故A錯誤；處于能級的氫原子發(fā)生電離需要吸收的能量至少為 ，
已知可見光光子的能量范圍 ，由于紫外線的光子能量大于可見光的光
子能量，所以處于 能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線并發(fā)生電離，故B正確；
氫原子由激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)后，核外電子的動能增大，原子的電勢能減小，故C錯誤；
氫原子從能級躍遷到 能級輻射的光子能量為
。可知氫原子從能級躍遷到 能級輻射
的光子不是可見光光子，故D錯誤。故選B。
5.如圖甲所示，白鶴灘水電站是我國實施“西電東送”的重大工程，其輸電原理如圖乙所
示。設(shè)輸電功率為，輸電電壓為，輸電線總電阻為 ，僅考慮輸電線的功率損耗。下
列說法正確的是( )
C
A.輸電線上的電流
B.輸電線上損耗的功率
C.一定時，輸電電壓變?yōu)?，輸電線損耗
的功率變?yōu)樵瓉淼?倍
D.一定時，輸電功率變?yōu)?，用戶得到的
功率變?yōu)樵瓉淼?倍
【解析】輸電線上的電流為,故A錯誤；輸電線上損耗的功率 。由
此可知，一定時，輸電電壓變?yōu)?，輸電線損耗的功率變?yōu)樵瓉淼?倍，故B錯誤，C正
確；用戶得到的功率為。由此可知， 一定時，輸電功率變?yōu)?br/>，輸電線損失的功率變?yōu)樵瓉淼?倍，用戶得到的功率不是變?yōu)樵瓉淼?倍，故D錯誤。
故選C。
6.如圖所示，由七根等長的輕質(zhì)細繩懸掛起六個質(zhì)量
相等的燈籠，中間的細繩是水平的，另外六根細繩與
水平方向所成夾角分別為、和。關(guān)于、 和
，下列關(guān)系式中正確的是( )
C
A. B.
C. D.
【解析】以左側(cè)三個燈籠為研究對象，可得， 。以左側(cè)下
方2個燈籠為研究對象，可得， 。以左側(cè)最下方燈籠為研究
對象，可得，。所以有 。故選C。
二、選擇題（本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有
多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）
7.某跳傘運動員在做低空跳傘表演。他離開懸停的飛機后先做加速直線運動，當距離地
面一定高度時打開降落傘，運動員下落過程中的速度—時間 圖像如圖所示，則下
列說法正確的是( )
AC
A.運動員在 內(nèi)的加速度逐漸減小
B.運動員在內(nèi)的平均速度大小為
C.運動員在 內(nèi)的加速度逐漸減小
D.運動員在內(nèi)的位移大于
【解析】圖像的斜率等于加速度，可知運動員在 內(nèi)的加速度逐漸減小，A正確；
若運動員在內(nèi)加速度恒定，則平均速度為，而運動員在 內(nèi)的加
速度逐漸減小，故平均速度不等于，B錯誤；在 內(nèi)圖像斜率逐漸減小，
可知加速度逐漸減小，C正確；若運動員在 內(nèi)做勻減速直線運動，則位移
，而運動員在 內(nèi)做加速度減小的減速運動，則位移小
于，故選 。
8.在智能家居系統(tǒng)中，光電傳感器通過光電效應(yīng)原理控制窗簾開關(guān)。當陽光透過窗戶照
射到陰極 時，電路中產(chǎn)生光電流，經(jīng)放大器放大的電流驅(qū)動電磁鐵吸引銜鐵，從而打
開窗簾。當電流減弱或消失時，銜鐵自動脫離，窗簾關(guān)閉。在一次調(diào)試中，用一定強度
的綠光照射陰極 ，當滑動變阻器的滑片從最左端向右恰好滑到中間位置時，窗簾自動
打開了。假設(shè)電路中電流始終未達到飽和電流。則( )
BC
A.僅改用同等強度的紅光，也一定可以打開窗簾
B.電源正負極裝錯，可能無法自動打開窗簾
C.僅將滑動變阻器滑片從中間位置向左滑動一小段
距離，窗簾在更亮?xí)r打開
D.僅將滑動變阻器滑片從中間位置向右滑動一小段
距離，窗簾在更亮?xí)r打開
【解析】僅改用同等強度的紅光，由于紅光的頻率小于綠光的頻率，可能不發(fā)生光電效
應(yīng)，不會打開窗簾，故A錯誤；電源正負極裝錯，光電管兩端電壓為反向電壓，當反向
電壓較大時光電流會減小甚至消失，則無法打開窗簾，故B正確；僅將滑片向左滑動，
會使正向電壓減小，光電流會減小，則需要更強的光照才能達到足夠大的光電流，即窗
簾在更亮?xí)r打開；同理僅將滑片向右滑動，會使正向電壓增大，光電流會增大，窗簾在
更暗時打開，故C正確，D錯誤。故選 。
9.如圖甲所示，在自行車車輪邊緣安裝小型發(fā)電機，可以為車燈提供電能。小型發(fā)電機
內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖乙所示，轉(zhuǎn)軸一端連接半徑 的摩擦小輪，摩擦小輪與車輪邊緣
接觸，當車輪轉(zhuǎn)動時，依靠摩擦，車輪帶動摩擦小輪轉(zhuǎn)動（車輪與小輪之間不打滑），
從而帶動線框轉(zhuǎn)動。已知矩形線框匝數(shù)，面積，總電阻 ，
磁極間的磁場可視為磁感應(yīng)強度 的勻強磁場，線框通過電刷與電阻恒為
、額定功率 的燈泡相連。一同學(xué)某次勻速騎行時，燈泡兩端電壓隨時
間變化的規(guī)律如圖丙所示，下列說法正確的是( )
A.線框轉(zhuǎn)到圖乙所示位置時，通過線框的磁通量變化率為0
B.該同學(xué)這次騎行速度
C.圖丙中的
D.騎行速度超過 ，燈泡也不會被燒壞
√
√
【解析】線框轉(zhuǎn)到圖乙所示位置時，線圈平面與磁感線垂直，此時磁通量最大，通過線
框的磁通量變化率為0，選項A正確；交流電的周期 。摩擦小輪邊緣的線
速度。該同學(xué)這次騎行速度 ，選項B正確；
感應(yīng)電動勢最大值 。圖丙中
的,選項C錯誤；若騎行速度為 ，即線速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則摩
擦小輪的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù) 。感應(yīng)電動勢最大值變?yōu)樵瓉淼?倍，
燈泡兩端電壓的有效值變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù) ,燈泡的功率變?yōu)樵瓉淼?6倍，燈泡
會被燒壞，選項D錯誤。故選 。
10.液體的表面張力會使液體表面總處于繃緊的狀態(tài)。設(shè)想在液面上作一條分界線，張
力的作用表現(xiàn)在，分界線兩邊液面以一定的拉力相互作用，的大小與分界線的長度
成正比，即 為液體的表面張力系數(shù)， 的方向總是與液面相切，并垂直于液
面的分界線。小明設(shè)計了一個簡易裝置用來測量某液體的表面張力系數(shù)。如圖所示，間
距為的形細框上放置一細桿 ，兩者間摩擦不計。將裝置從肥皂水中取出后水平放
置，會形成一水平膜（忽略膜受到的重力），甲、乙分別為俯視圖和正視圖，由于表面
張力的緣故，膜的上、下表面會對 產(chǎn)生水平向左的力。小明用一測力計水平向右拉
住使其保持靜止，測力計示數(shù)為 ，接著用該肥皂水吹成了球形肥皂泡，如圖所示。
當肥皂泡大小穩(wěn)定時，測得其球形半徑為 。下列說法正確的是( )
A.表面張力系數(shù) 的單位是
B.測得肥皂水的表面張力系數(shù)為
C.肥皂泡內(nèi)部氣體壓強大于外部大氣壓強
D.肥皂泡內(nèi)外氣體對右側(cè)半球膜的壓力差為
√
√
√
【解析】由，得，其中的單位是，即，的單位是 ，代入上式，
得到表面張力系數(shù) 的單位是 ，故A錯誤；肥皂水上下兩個表面都存在表面張力，
故有，得到肥皂水的表面張力系數(shù)為 ，故B正確；由于肥皂泡表面存在
表面張力，肥皂泡呈球形，為了維持球形的形狀，肥皂泡內(nèi)部氣體壓強大于外部大氣壓
強，故C正確；右側(cè)半球膜受到膜內(nèi)、外氣體的壓力和膜邊緣的表面張力，如圖
根據(jù)受力平衡可知
因肥皂泡的內(nèi)外表面都存在表面張力，故肥皂泡內(nèi)外氣體對右側(cè)半球膜的壓力差為
故D正確。故選 。
三、實驗題（本題共2小題，共16分）
11.（6分）如圖所示，圖1為一個自動篩選雞蛋重量的裝置，可以篩選出兩類重量不同
的雞蛋。當不同重量的雞蛋傳送到壓力秤上時，壓力秤作用在壓力傳感器電阻 上，其
電阻值隨壓力秤所受壓力的變化圖像如圖2所示。 是可調(diào)節(jié)電阻，其兩端電壓經(jīng)放大
電路放大后可以控制電磁鐵是否吸動銜鐵并保持一段時間。當電壓超過某一數(shù)值時電磁
鐵可以吸動銜鐵使彈簧下壓，雞蛋就進入通道。已知電源電動勢 ，內(nèi)阻不
計，調(diào)節(jié)為 。
（1）由圖2可知，壓力傳感器的電阻值 隨壓力的增大而______（填“增大”或“減小”）。
減小
【解析】由圖2可知越大越小，即壓力傳感器的電阻值 隨壓力的增大而減小。
（2）從 通道通過的是____雞蛋（填“重”或“輕”）。
重
【解析】當雞蛋質(zhì)量較大時，壓力秤作用于的壓力較大，則較小，令通過 的電
流較大，故 兩端電壓較大，經(jīng)過放大電路放大后電壓超過某一數(shù)值時電磁鐵可以吸動
銜鐵使彈簧下壓，雞蛋就進入通道。所以從 通道通過的是重雞蛋。
（3）要想選擇出更重的雞蛋，需要把電阻 的阻值調(diào)____（填“大”或“小”）。
小
【解析】要選出更重的雞蛋，即要相同的雞蛋送到壓力秤時，令 兩端的電壓較原來的
小，所以需要把 的阻值調(diào)小。
12.（10分）某實驗小組用如圖甲所示的實驗裝
置驗證牛頓第二定律。滑塊上有兩個寬度均為
的遮光片，滑塊與遮光片總質(zhì)量為 ，兩遮光片
中心間的距離為 。
（1）用游標卡尺測量一個遮光片的寬度 ，結(jié)
果如圖乙所示，則遮光片的寬度______ 。
【解析】圖乙可知游標卡尺精度為 ，則遮光片的寬度
（2）將滑塊置于光電門右側(cè)的氣墊導(dǎo)軌上，打開氣泵電源，輕推滑塊，遮光片1、2通
過光電門的擋光時間分別為和，發(fā)現(xiàn) ，為了將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，應(yīng)將支
腳 適當調(diào)____（填“高”或“低”）。
高
【解析】輕推滑塊，遮光片1、2通過光電門的擋光時間分別為和，發(fā)現(xiàn) ，
說明滑塊做加速運動，即導(dǎo)軌左低右高，所以為了將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，應(yīng)將支腳 適
當調(diào)高。
（3）氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平后，將細線一端拴在滑塊上，另一端依次跨過光滑輕質(zhì)定滑輪
和光滑輕質(zhì)動滑輪后懸掛在 點，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌左端的定滑輪，使定滑輪和滑塊之間的
細線與氣墊導(dǎo)軌平行，調(diào)整 點的位置，使動滑輪兩側(cè)的細線豎直，將沙桶懸掛在動滑
輪上。將滑塊在光電門右側(cè)釋放，光電門記錄遮光片1、2通過時的擋光時間分別為 和
，則滑塊的加速度大小為 _ __________。（用題目中的物理量符號表示）
【解析】根據(jù)速度位移關(guān)系可得
其中，
聯(lián)立可得
（4）多次改變沙桶和桶內(nèi)細沙的總質(zhì)量 ，并記錄遮光片1、2的擋光時間，
計算相應(yīng)的加速度，根據(jù)計算的數(shù)據(jù)描繪加速度與沙桶和桶內(nèi)細沙的總重力 之間
的關(guān)系圖像如圖丙所示，則圖像的斜率 ____（用題目中的物理量符號表示），圖像
沒有過原點的原因是______________________________。
氣墊導(dǎo)軌沒有調(diào)水平，右端高了
【解析】由圖可知，當沙和沙桶的重力為零時，滑塊已經(jīng)具有加速度，說明氣墊導(dǎo)軌不
水平，右端高了，設(shè)導(dǎo)軌與水平面夾角為 ，設(shè)繩子拉力為，對 ，由牛頓第二定律
有
對，由牛頓第二定律有
聯(lián)立整理得
由于遠小于，則
可知
四、解答題（13題12分，14題13分，15題15分）
13.（12分）如圖所示，導(dǎo)熱性能良好的汽缸開口向上放在水平面上，一塊玉石放在汽
缸內(nèi)，橫截面積為 的活塞將一定質(zhì)量的氣體封閉在缸內(nèi)，活塞與缸壁無摩擦且不漏氣，
此時封閉氣體壓強為，氣體溫度為，活塞靜止時活塞離缸底的高度為 ；現(xiàn)將缸內(nèi)
的溫度緩慢升高為，此時活塞離缸底的距離為，重力加速度為 。
（1）求玉石體積大小；
【答案】
【解析】設(shè)玉石體積大小為，根據(jù)蓋呂薩克定律有 …………（4分）
解得 …………（1分）
（2）溫度升高后，保持溫度不變，向活塞上緩慢倒上細沙，當活塞與缸底的距離變?yōu)?br/>時，求倒在活塞上的細沙質(zhì)量。
【答案】
【解析】設(shè)活塞質(zhì)量為，大氣壓為，則初態(tài)時有 …………（2分）
向活塞上緩慢倒上細沙，設(shè)沙質(zhì)量為，當活塞與缸底的距離變?yōu)?時，末態(tài)有
…………（2分）
則由理想氣體狀態(tài)方程有 …………（2分）
聯(lián)立解得 …………（1分）
14.（13分）如圖所示，兩根直木棍和 相互平行，斜靠在豎直墻
壁上固定不動。一個半徑、質(zhì)量 的水泥圓筒從木
棍的上部恰好能勻速滑下，已知兩木棍間距 ，與水平面的夾
角 。，，取 。求：
（1）兩根直木棍對水泥圓筒彈力的合力及摩擦力的合力的大小；
【答案】，
【解析】從右側(cè)視角分析，在沿斜坡方向根據(jù)平衡條件
…………（2分）
垂直于斜坡方向有
合 …………（2分）
（2）每根直木棍與水泥桶間的動摩擦因數(shù)；
【答案】0.45
【解析】由底部沿木棍向上看，受力關(guān)系如圖所示
圖中 角滿足
…………（1分）
解得 ,根據(jù)平衡條件有
…………（1分）
解得 …………（1分）
又因為每根木棍的摩擦力
…………（1分）
所以動摩擦因數(shù)
…………（1分）
（3）若每根直木棍與水泥桶間的動摩擦因數(shù)均為 ，則要讓水泥圓筒能靜止在直木
棍上，兩木棍間距應(yīng)滿足什么條件？（最大靜摩擦可認為等于滑動摩擦）
【答案】
【解析】設(shè)圓筒恰好在木棍上靜止時，兩木棍的彈力夾角的一半為 ，根據(jù)平衡條件
…………（1分）
…………（1分）
代入數(shù)據(jù)，解得 ，由
解得 …………（1分）
且當 角越大時 越大，圓筒有更大可能不下滑
再考慮到實際情況，故
…………（1分）
15.（15分）如圖所示，三角形傳送帶以恒定速度 順時針運行，傳送帶
、與水平面間的夾角 ，，， 端上方有一段光滑圓弧
（長度不計），可以使經(jīng)過 端的物體速度方向發(fā)生變化但速度大小不變。現(xiàn)將質(zhì)量
的小物塊（可看成質(zhì)點）輕放在傳送帶的 端后，給小物塊施加一沿斜面向上
的恒力拉小物塊，小物塊到達端時撤去 。已知小物塊與傳送帶之間的動摩
擦因數(shù)，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。取， ，
求：
（1）小物塊速度達到 所需時間；
【答案】
【解析】物塊輕放在傳送帶 端后，開始摩擦力沿斜面向上，小物塊勻加速運動，根據(jù)
牛頓第二定律得
…………（2分）
解得 …………（1分）
則小物塊速度達到 所需時間為
…………（1分）
（2）小物塊運動到 端時的速度大小；
【答案】
【解析】加速階段的位移 …………（1分）
第二段運動，設(shè)小物塊相對傳送帶向右上運動；小物塊加速度為 ，根據(jù)牛頓第二定律得
…………（1分）
解得 …………（1分）
說明小物塊恰好做勻速運動；設(shè)段小物塊的加速度為 ，根據(jù)牛頓第二定律得
解得 …………（1分）
BC段，根據(jù)運動學(xué)公式得
解得 …………（1分）
（3）若在小物塊與傳送帶達到相同速度瞬間撤去 ，物塊在傳送帶上的劃痕長度。
【答案】
【解析】若在小物塊與傳送帶達到相同速度瞬間撤去 ，第一段過程中傳送帶相對小物
塊的位移為
…………（1分）
撤去后，小物塊減速上滑，根據(jù)牛頓第二定律得
解得
減速上滑段位移，
解得或 （舍去）
到點時的速度為
傳送帶相對小物塊的位移為 …………（1分）
下滑段，開始時，小物塊速度小于傳送帶速度，根據(jù)牛頓第二定律得
解得
加速時間為
位移為
傳送帶相對小物塊的位移為 …………（1分）
然后小物塊加速運動，加速度為
位移為
根據(jù)運動學(xué)公式
解得或 （舍去）
此段傳送帶相對小物塊的位移 …………（1分）
傳送帶相對小物塊先向前運動，然后又相對小物塊向后運動 ，且
…………（1分）
故劃痕長度為 …………（1分）

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