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第十一章　電磁感應
第十一章　電磁感應
題型 廣東省近三年考情
2024年 2023年 2022年
選擇題 T4，4分，考查電磁感應發生的條件 T10，6分，考查電磁感應發生的條件
計算題 T14，13分，考查感生、動生電動勢的計算、電磁感應中電荷量的計算以及電磁感應與能量結合的問題
第十一章　電磁感應
考情分析
1．廣東高考對本專題的考查主要是電磁感應現象的分析與判斷、感應電動勢與感應電流的計算，電磁感應現象中的電路、圖像、能量、動量等問題。本專題命題綜合性較強，經常以選擇題和計算題的形式出現。
2．備考中，要重視體現新情境的電磁感應問題，導體棒的受力及運動分析、電磁感應與動量定理和動量守恒定律相結合的綜合性問題。
第1節
電磁感應現象　楞次定律
鏈接教材·夯基固本
1．磁通量
(1)公式：Φ＝____，其中S為與磁場方向垂直的平面面積。
(2)單位：韋伯(Wb)。
(3)物理意義：形象地表示穿過某一面積的磁感線條數的多少。
(4)磁通量變化：ΔΦ＝Φ2－Φ1。
BS
2．電磁感應現象
(1)產生感應電流的條件
①條件：穿過閉合電路的______發生變化。
②特例：閉合電路的一部分導體在磁場內做____磁感線運動。
(2)能量轉化：發生電磁感應現象時，機械能或其他形式的能轉化為____。
磁通量
切割
電能
3．感應電流方向的判定
(1)楞次定律
①內容：感應電流具有這樣的方向，即感應電流的磁場總要____引起感應電流的______的變化。
②適用范圍：一切電磁感應現象。
阻礙
磁通量
(2)右手定則
①內容：如圖，伸開右手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內；讓______從掌心進入，并使拇指指向________的方向，這時四指所指的方向就是________的方向。
②適用情況：導線____磁感線產生感應電流。
磁感線
導線運動
感應電流
切割
1．易錯易混辨析
(1)磁通量大小與線圈匝數有關。 (　　)
(2)只要磁通量發生變化就一定有感應電流。 (　　)
(3)感應電流的磁場一定與引起感應電流的磁場方向相反。 (　　)
(4)由楞次定律知，感應電流的磁場只起到阻礙作用而不能阻止。 (　　)
(5)當閉合回路里有導線切割磁感線，則電路中就一定有感應電流。 (　　)
×
×
×
√
×
2．(粵教版選擇性必修第二冊改編)(多選)延時繼電器是生產生活中常用的電氣設備，一種延時繼電器的電路原理圖如圖所示。對于該延時繼電器，下列說法正確的是(　　)
A．使用時，電路中的線圈P起到延時作用
B．使用時，電路中的線圈Q起到延時作用
C．斷開S瞬間，Q中感應電流的方向為a→G→b
D．閉合S瞬間，Q中感應電流的方向為a→G→b
√
√
BC　[由題意可知，當S接通后，線圈P中產生磁場，線圈P不具有延時作用，故A錯誤；將S斷開，導致穿過線圈Q的磁通量減小，根據楞次定律可知，Q產生的感應電流有延時釋放銜鐵的作用，故B正確；將S斷開，導致穿過線圈Q的磁通量減小，根據楞次定律可知，Q產生的感應電流方向為a→G→b，故C正確；將S閉合，線圈P中產生磁場，導致穿過線圈Q的磁通量增加，根據楞次定律可知，Q產生的感應電流方向為b→G→a，故D錯誤。故選BC。]
3．(人教版選擇性必修第二冊改編)如圖所示，CDEF 是金屬框，框內存在著垂直紙面向里的勻強磁場。當導體AB向右移動時，金屬框中CD、EF 邊的感應電流的方向為(　　)
√
A．C→D，E→F B．D→C，E→F
C．C→D，F →E D．D→C，F →E
C　[根據右手定則可以判斷，AB中感應電流的方向為A→B，則在ABCD回路中，CD的感應電流方向為C→D，在ABF E回路中，EF 的感應電流方向為F →E，C正確。]
細研考點·突破題型
考點1　電磁感應現象的理解及判斷
1．磁通量變化的四類情況
B與S垂直 B不變 S變化 ΔΦ＝B·ΔS
B變化 S不變 ΔΦ＝ΔB·S
B變化 S變化 ΔΦ＝B2·S2－B1·S1
B與S夾角θ≠ B與S不變 θ變化 ΔΦ＝BS(sin θ2－sin θ1)
2．常見的產生感應電流的三種情況
角度1　磁通量變化
[典例1]　磁通量是研究電磁感應現象的重要物理量，如圖所示，通有恒定電流的直導線MN與閉合線框共面，第一次將線框由位置1平移到位置2，第二次將線框由位置1繞cd邊翻轉到位置2，設前后兩次通過線框的磁通量變化大小分別為ΔΦ1和ΔΦ2，則(　　)
A．ΔΦ1>ΔΦ2 B．ΔΦ1＝ΔΦ2
C．ΔΦ1<ΔΦ2 D．無法確定
√
C　[設線框在位置1時磁通量為Φ1，在位置2時磁通量為Φ2，第一次由1平移到2位置，ΔΦ1＝|Φ2－Φ1|；第二次由1繞cd邊翻轉到2位置，ΔΦ2＝＝|Φ2＋Φ1|，故ΔΦ1<ΔΦ2，C項正確。]
角度2　感應電流產生條件
[典例2]　(2024·北京卷)用如圖1所示的實驗裝置探究影響感應電流方向的因素。如圖2所示，分別把條形磁體的N極或S極插入、拔出螺線管，觀察并標記感應電流的方向。
關于本實驗，下列說法正確的是________(填選項前的字母)。
A．需要記錄感應電流的大小
B．通過觀察電流表指針的偏轉方向確定感應電流的方向
C．圖2中甲和乙表明，感應電流的方向與條形磁體的插入端是N極還是S極有關
BC
BC　[本實驗探究影響感應電流方向的因素，故不需要記錄感應電流的大小，故A錯誤；本實驗通過電流表指針的偏轉方向確定感應電流的方向，故B正確；由題圖2甲和乙知，條形磁體插入N極和S極時，電流方向不同，故感應電流的方向與條形磁體的插入端是N極還是S極有關，故C正確。故選BC。]
考點2　楞次定律的理解及應用
1．楞次定律中“阻礙”的含義可以推廣為：感應電流的效果總是阻礙引起感應電流的原因。列表說明如下：
內容 例證
阻礙原磁通量變化 ——“增反減同”
磁鐵靠近，B感與B原反向，二者相斥
內容 例證
阻礙相對運動 ——“來拒去留”
磁鐵遠離，B感與B原同向，二者相吸
內容 例證
使回路面積有擴大 或縮小的趨勢—— “增縮減擴”
P、Q是光滑固定導軌，a、b是可動金屬棒，磁鐵下移，面積應減小，a、b靠近
B減小，線圈擴張
內容 例證
阻礙原電流的變化 ——“增反減同”
合上S，B燈先亮
2．“四步法”判斷感應電流方向
角度1　感應電流方向的判斷
[典例3]　汽車測速利用了電磁感應現象，汽車可簡化為一個矩形線圈abcd，埋在地下的線圈分別為1、2，通上順時針(俯視)方向電流，當汽車經過線圈時
(　　)
A．線圈1、2產生的磁場方向豎直向上
B．汽車進入線圈1過程產生感應電流方向為abcd
C．汽車離開線圈1過程產生感應電流方向為abcd
D．汽車進入線圈2過程受到的安培力方向與速度方向相同
√
C　[由題知，埋在地下的線圈1、2通順時針(俯視)方向的電流，則根據右手螺旋定則，可知線圈1、2產生的磁場方向豎直向下，A錯誤；汽車進入線圈1過程中，磁通量增大，根據楞次定律可知產生感應電流方向為adcb(逆時針)，B錯誤；汽車離開線圈1過程中，磁通量減小，根據楞次定律可知產生感應電流方向為abcd(順時針)，C正確；汽車進入線圈2過程中，磁通量增大，根據楞次定律可知產生感應電流方向為adcb(逆時針)，再根據左手定則，可知汽車受到的安培力方向與速度方向相反，D錯誤。故選C。]
【典例3　教用·備選題】(多選)如圖所示，在一豎直平面內的三條平行導線上串有兩個電阻R1和R2，導體棒PQ與三條導線均接觸良好，勻強磁場的方向垂直紙面向里，導體棒的電阻可忽略。若導體棒向左加速運動，則(　　)
A．流經R1的電流方向向上
B．流經R2的電流方向向下
C．流經R1的電流方向向下
D．流經R2的電流方向向上
√
√
AD　[導體棒PQ向左切割磁感線運動時，由右手定則可判斷出導體棒與R1組成的回路中產生的感應電流是順時針方向的，即流經R1的電流方向向上，A項正確；導體棒與R2組成的回路中產生的感應電流是逆時針方向的，即流經R2的電流方向向上，D項正確。]
角度2　楞次定律結論的推廣應用
[典例4]　(多選)(2024·廣東梅州一模)某款磁力小車的內部結構可以簡化為如圖所示電路圖，其中A、B是具有單向導電性的發光二極管(正向電阻為零，反向電阻為無窮大)，與線圈C構成閉合回路。實驗前，磁力小車靜止在水平桌面上(不計一切阻力)。關于實驗現象，下列說法正確的是(　　)
A．將強磁鐵N極快速靠近小車，二極管A將閃亮
B．將強磁鐵S極快速靠近小車，二極管B將閃亮
C．將強磁鐵N極快速靠近小車，小車將向右運動
D．將強磁鐵S極快速靠近小車，小車將向左運動
√
√
√
ABC　[將強磁鐵N極快速靠近線圈，穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，整個回路中產生逆時針方向的感應電流，二極管A將閃亮，故A正確；將強磁鐵S極快速靠近線圈，穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，整個回路中產生順時針方向的感應電流，則二極管B將閃亮，故B正確；不管是強磁鐵N極快速靠近小車，還是強磁鐵S極快速靠近小車，根據楞次定律的推論“來拒去留”，小車都將向右運動，故C正確，D錯誤。故選ABC。]
【典例4　教用·備選題】(多選)如圖1所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線管Q，P和Q共軸，Q中的電流i隨時間t變化的規律如圖2所
示，取圖1中電流方向為正方向，P所受的重力為G，桌面對P的支持力為F N，則(　　)
A．在0～t1時間內，F N>G，P有收縮的趨勢
B．在t1～t2時間內，F N＝G，穿過P的磁通量不變
C．在t2～t4時間內，線圈所受安培力方向不變
D．在t3時刻，F N>G，P有收縮的趨勢
√
√
AB　[在0～t1時間內，螺線管中電流增大，其形成的磁場不斷增強，因此線圈P中的磁通量增大，根據楞次定律可知線圈P將阻礙其磁通量的增大，故線圈有遠離和收縮的趨勢，即F N>G，A項正確；在t1～t2時間內，螺線管中電流不變，其形成的磁場不變，線圈P中的磁通量不變，因此線圈P中無感應電流產生，則在t1～t2時間內F N＝G，B項正確；在t2～t4時間內，穿過線圈的磁通量先減小后增大，根據楞次定律可知，為阻礙磁通量的變化，線圈所受安培力先向上后向下，C項錯誤；t3時刻，螺線管Q中電流為0，但線圈P中磁通量變化，此時P中有感應電流，但二者無相互作用力，故t3時刻F N＝G，此時P沒有收縮的趨勢，D項錯誤。]
考點3　“三定則一定律”的綜合應用
1．“三個定則一個定律”的應用對比
名稱 基本現象 應用的定則或定律
電流的磁效應 運動電荷、電流產生磁場 右手螺旋定則
洛倫茲力、安培力 磁場對運動電荷、電流有作用力 左手定則
名稱 基本現象 應用的定則或定律
電磁感應 部分導體做切割磁感線運動 右手定則
閉合回路磁通量變化 楞次定律
2．“三個定則一個定律”的應用技巧
(1)應用楞次定律時，一般要用到右手螺旋定則。
(2)研究感應電流受到的安培力時，一般先用右手定則確定感應電流方向，再用左手定則確定安培力方向，有時也可以直接用楞次定律的推廣應用確定。
3．利用程序法和逆向推理法分析二次感應問題
如果要判斷二次感應后的現象或結果，選擇程序法；如果已知二次感應后的結果，要判斷導體棒的運動情況或磁場的變化，需選擇逆向推理法。
(1)程序法(正向推理法)：
(2)逆向推理法：
①依據二次感應產生的效應，判斷二次感應電流的方向。
②依據二次感應電流的方向，應用右手螺旋定則，判定第二次感應電流產生的磁通量方向，明確它是阻礙第一個感應磁場變化的。
③依據楞次定律，得出第一個感應磁場的方向及相應變化的可能情況，從而得到引起磁場變化的電流的方向與變化。
④依據電流的方向，判斷導體切割磁感線運動的方向與速度。
[典例5]　(多選)如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，MN的左邊有一閉合電路，當PQ在外力的作用下運動時，MN向右運動。則PQ所做的運動可能是(　　)
A．向右加速運動 B．向左加速運動
C．向右減速運動 D．向左減速運動
√
√
BC　[MN向右運動，說明MN受到向右的安培力，因為ab在MN處的磁場垂直紙面向里MN中的感應電流由M到NL1中感應電流的磁場方向向上。若L2中磁場方向向上減弱PQ中電流為由Q到P且減小向右減速運動；若L2中磁場方向向下增強PQ中電流為由P到Q且增大向左加速運動。]
1．(多選)(2024·廣東茂名二模)如圖所示是一種經顱磁刺激的醫療技術，在人體頭部上方放置的金屬線圈內通以脈沖電流，電流流經線圈產生高強度脈沖磁場，磁場穿過頭顱對腦部特定區域產生感應電流，下列說法正確的是(　　)
學情診斷·當堂評價
A．脈沖電流流經線圈會產生高強度的磁場是電磁感應現象
B．變化的磁場會使得腦部特定區域產生感應電場
C．若將脈沖電流改為恒定電流，也會持續對腦部產生感應電流
D．若脈沖電流最大強度不變，但脈沖電流時間Δt縮短，則在腦部產生的感應電流會增強
√
√
BD　[脈沖電流流經線圈會產生高強度的磁場是電生磁，是電流的磁效應，故A錯誤；脈沖磁場對腦部特定區域產生感應電流是磁生電，是電磁感應現象，即變化的磁場會使得腦部特定區域產生感應電場，故B正確；將脈沖電流改為恒定電流，不會產生變化的磁場，不會產生感應電流，不會持續對腦部產生感應電流，故C錯誤；若脈沖電流最大強度不變，但縮短脈沖電流時間，則產生的磁場變化得更快，在腦部產生的感應電場及感應電流會增強，故D正確。故選BD。]
2．(多選)(2022·廣東卷)如圖所示，水平地面(Oxy平面)下有一根平行于y軸且通有恒定電流I的長直導線。P、M和N為地面上的三點，P點位于導線正上方，MN平行于y軸，PN平行于x軸。一閉合的圓形金屬線圈，圓心在P點，可沿不同方向以相同的速率做勻速直線運動，運動過程中線圈平面始終與地面平行。下列說法正確的有(　　)
A．N點與M點的磁感應強度大小相等，方向相同
B．線圈沿PN方向運動時，穿過線圈的磁通量不變
C．線圈從P點開始豎直向上運動時，線圈中無感應電流
D．線圈從P到M過程的感應電動勢與從P到N過程的感應電動勢相等
√
√
AC　[依題意，M、N兩點連線與長直導線平行、兩點與長直導線的距離相同，根據右手螺旋定則可知，通電長直導線在M、N兩點產生的磁感應強度大小相等，方向相同，故A正確；根據右手螺旋定則，線圈在P點時，磁感線穿進與穿出線圈對稱，磁通量為零，在向N點平移過程中，磁感線穿進與穿出線圈不再對稱，線圈的磁通量會發生變化，故B錯誤；根據右手螺旋定則，線圈從P點豎直向上運動過程中，磁感線穿進與穿出線圈對稱，線圈的磁通量始終為零，沒有發生變化，線圈無感應電流，故C正確；線圈從P點到M點與從P點到N點，線圈的磁通量變化量相同，依題意P點到M點所用時間較從P點到N點時間長，根據法拉第電磁感應定律可知兩次的感應電動勢不相等，故D錯誤。故選AC。]
3．如圖所示，通電螺線管置于水平放置的光滑平行金屬導軌MN和PQ之間，ab和cd是放在導軌上的兩根金屬棒，它們分別靜止在螺線管的左右兩側，現使滑動變阻器的滑片向左滑動，則ab和cd棒的運動情況是(　　)
A．ab向左運動，cd向右運動
B．ab向右運動，cd向左運動
C．ab、cd都向右運動
D．ab、cd保持靜止
√
A　[由安培定則可知螺線管中磁感線方向向上，金屬棒ab、cd處的磁感線方向均向下，當滑片向左滑動時，螺線管中電流增大，因此磁場變強，即磁感應強度變大，回路中的磁通量增大，由楞次定律及安培定則知，感應電流方向為a→c→d→b→a，由左手定則知ab受安培力方向向左，cd受安培力方向向右，故ab向左運動，cd向右運動，故A項正確。]
4．(2024·江蘇卷)如圖所示，在絕緣的水平面上，有閉合的兩個線圈a、b，線圈a處在垂直紙面向里的勻強磁場中，線圈b位于右側無磁場區域，現將線圈a從磁場中勻速拉出，線圈a、b中產生的感應電流方向分別是(　　)
A．順時針，順時針
B．順時針，逆時針
C．逆時針，順時針
D．逆時針，逆時針
√
A　[線圈a從磁場中勻速拉出的過程中穿過線圈a的磁通量在減小，則根據楞次定律可知線圈a中產生的感應電流方向為順時針，由于線圈a從磁場中勻速拉出，則線圈a中產生的感應電流為恒定電流，則線圈a靠近線圈b的過程中線圈b的磁通量在向外增大，同理可得線圈b產生的感應電流方向為順時針。故選A。]
5．從置于勻強磁場中的金屬圓盤中央和邊緣各引出一根導線，與套在鐵芯上部的線圈A相連。套在鐵芯下部的線圈B引出兩根導線接在兩根水平光滑的導軌上，如圖所示，導軌上有一根金屬棒ab靜止在垂直于紙面向外的勻強磁場中。下列說法正確的是(　　)
A．圓盤順時針加速轉動時，ab棒將向右運動
B．圓盤順時針勻速轉動時，ab棒將向右運動
C．圓盤順時針減速轉動時，ab棒將向右運動
D．圓盤逆時針加速轉動時，ab棒將向左運動
√
C　[圓盤順時針加速轉動時，感應電流從圓盤邊緣流出，線圈A中產生向下且增強的磁場，由楞次定律可知線圈B中產生的感應電流方向由a→b，由左手定則可知，金屬棒ab將向左運動，A項錯誤；同理可知，C項正確，D項錯誤；圓盤勻速轉動，A中產生的磁場恒定，B中不產生感應電流，ab棒不運動，B項錯誤。]
題號
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課時分層作業(二十七)　電磁感應現象　楞次定律
1．從奧斯特發現電流周圍存在磁場后，法拉第堅信磁一定能生電。他使用如圖所示的裝置進行實驗研究，但經過了10年都沒發現“磁生電”。主要原因是(　　)
題號
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A．勵磁線圈A中的電流較小，產生的磁場不夠強
B．勵磁線圈A中的電流是恒定電流，不會產生磁場
C．感應線圈B的匝數較少，產生的電流很小
D．勵磁線圈A中的電流是恒定電流，產生穩恒磁場
√
D　[勵磁線圈A中的電流是恒定電流，產生穩恒磁場，穿過線圈B的磁通量不發生變化，不產生感應電流，D正確。]
題號
1
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2．(2024·北京卷)如圖所示，線圈M和線圈P繞在同一個鐵芯上，下列說法正確的是(　　)
A．閉合開關瞬間，線圈M和線圈P相
互吸引
B．閉合開關，達到穩定后，電流表的
示數為0
C．斷開開關瞬間，流過電流表的電流方向由a到b
D．斷開開關瞬間，線圈P中感應電流的磁場方向向左
√
題號
1
3
5
2
4
6
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B　[閉合開關瞬間，線圈P中感應電流的磁場與線圈M中電流的磁場方向相反，由楞次定律可知，二者相互排斥，故A錯誤；閉合開關，達到穩定后，通過線圈P的磁通量保持不變，則感應電流為零，電流表的示數為零，故B正確；斷開開關瞬間，通過線圈P的磁場方向向右，磁通量減小，由楞次定律可知感應電流的磁場方向向右，因此流過電流表的感應電流方向由b到a，故C、D錯誤。故選B。]
3．(多選)(2024·廣東韶關高三統考)近年來，無線門鈴逐漸流行。某款無線門鈴按鈕，其“自發電”原理如圖所示，按下門鈴按鈕過程磁鐵靠近螺線管，松開門鈴按鈕過程磁鐵遠離螺線管回歸原位置。下列說法正確的是(　　)
題號
1
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A．按下按鈕過程，螺線管上的導線Q端電勢較高
B．松開按鈕過程，螺線管上的導線P端電勢較低
C．按住按鈕不動，螺線管上導線兩端PQ間仍有電勢差
D．按下和松開按鈕過程，螺線管產生的感應電動勢大小不一定相等
√
題號
1
3
5
2
4
6
8
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13
√
AD　[按下按鈕過程，螺線管內水平向左的磁通量增加，若PQ間用導線接通，由楞次定律可得PQ間導線上感應電流方向從P流向Q，所以Q相當于電源正極，Q端電勢較高，故A正確；松開按鈕過程，螺線管內水平向左的磁通量減小，若PQ間用導線接通由楞次定律可得PQ間導線上感應電流方向從Q流向P，所以P相當于電源正極，P端電勢較高，故B錯誤；按住按鈕不動，螺線管內磁通量不變，無感應電動勢，PQ間無電勢差，故C錯誤；按下和松開按鈕過程有可能所用時間不同，螺線管內磁通量的變化率可能不同，所以產生的感應電動勢大小可能不相等，故D正確。故選AD。]
題號
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4．(多選)如圖所示，光滑絕緣的水平面上固定有一通電直導線，一個金屬圓環分別沿圖示v1、v2、v3三個不同方向運動，下列說法正確的有(　　)
題號
1
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13
A．沿三個方向運動時，圓環中將產生順時針方向的電流
B．當圓環沿v1方向運動時，圓環先減速運動后沿平行導線方向勻速運動
C．當圓環沿v1和v2方向運動時，圓環所受的安培力方向相同
D．圓環沿這三個方向運動，最終都將停止運動
√
題號
1
3
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√
BC　[圓環沿與導線平行方向即沿v3方向運動時，穿過圓環的磁通量不變，圓環中無感應電流產生，圓環不會受到安培力，從而一直做勻速直線運動，A、D錯誤；當圓環沿v1方向運動時，穿過圓環的磁通量變化，圓環中產生感應電流，根據“來拒去留”可知，圓環受到的安培力垂直于導線方向指向導線，故圓環先減速運動，當垂直于導線方向的速度減為零后，圓環將沿平行導線方向勻速運動，穿過圓環的磁通量不變，圓環中無感應電流產生，圓環不會受到安培力，B正確；當圓環沿v1和v2方向運動時，穿過圓環的磁通量變化，圓環中產生感應電流，根據“來拒去留”可知，圓環受到的安培力都垂直于導線方向指向導線，C正確。]
題號
1
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5．如圖甲所示是法拉第制作的世界上最早的發電機的實驗裝置。有一個可繞固定轉軸轉動的銅盤，銅盤的一部分處在蹄形磁體中，實驗時用導線連接銅盤的中心C，用導線通過滑片與銅盤的邊線D連接且接觸良好，如圖乙所示。若用外力轉動手柄使銅盤轉動起來，在CD兩端會產生感應電動勢，則下列說法正確的是(　　)
題號
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A．如圖甲所示，產生感應電動勢的原因是銅盤盤面上無數個以C為圓心的同心圓環中的磁通量發生了變化
B．如圖甲所示，因為銅盤轉動過程中穿過銅盤的磁通量不變，所以沒有感應電動勢
C．如圖乙所示，用外力順時針(從左邊看)轉動銅盤，電路中會產生感應電流，通過R的電流自下而上
D．如圖乙所示，用外力順時針(從左邊看)轉動銅盤，電路中會產生感應電流，通過R的電流自上而下
√
題號
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C　[銅盤盤面可看作由無數個沿半徑方向的銅棒組成，外力轉動手柄使得銅盤轉動時銅棒切割磁感線，所以銅盤上產生感應電動勢，A、B錯誤；若用外力順時針(從左邊看)轉動銅盤時，根據右手定則可得感應電流方向為由C到D(電源內部)，D端是電源的正極，所以通過R的電流自下而上，C正確，D錯誤。]
題號
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6．某探究小組模擬法拉第在1831年發現“磁生電”現象的實驗。如圖所示，他們把兩個線圈繞在同一個軟鐵環上，線圈A和電池、滑動變阻器連接，線圈B用導線和開關連接，導線下面平行放置一個小磁針，開始時開關閉合。下列關于實驗現象的說法正確的是(　　)
題號
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A．用一節電池作電源小磁針不偏轉，用十節電池作電源小磁針會偏轉
B．線圈B匝數較少時小磁針不偏轉，匝數足夠多時小磁針會偏轉
C．斷開開關S瞬間，小磁針會偏轉
D．勻速移動滑動變阻器的滑片，小磁針會偏轉
√
題號
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D　[根據電磁感應現象的產生條件可知，只有線圈B中磁通量變化時才能在線圈B中產生感應電流，因此無論線圈B匝數多少，用多少節電池作電源，都不能在線圈B中產生感應電流，小磁針不偏轉，A、B錯誤；開關S在線圈B的回路中，斷開開關，線圈B不會有感應電流，小磁針不偏轉，C錯誤；移動滑動變阻器的滑片，線圈A中的電流變化，線圈B上有感應電流，小磁針偏轉，D正確。]
題號
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7．通常磁性合金能夠通過加熱的方式減弱磁性，從而使它周圍的線圈中產生感應電流。如圖所示，一圓形線圈放在圓柱形磁性合金材料下方，現對合金材料進行加熱，下列說法正確的是(　　)
A．線圈中的感應電流產生的磁場的磁感應強度方向一定向上
B．線圈中將一定產生順時針方向的電流
C．線圈有擴張的趨勢
D．線圈有收縮的趨勢
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C　[題目中原磁場方向(磁性合金材料產生磁場方向)未知，故無法判斷感應電流的方向，A、B錯誤；現對合金材料進行加熱，合金材料磁性減弱，穿過圓形線圈的磁通量減小，根據楞次定律推論可知，線圈將有擴張趨勢以阻礙磁通量的減小，C正確，D錯誤。]
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8．某同學學習了電磁感應相關知識之后，做了如下探究性實驗：將閉合線圈按圖示方式放在電子秤上，線圈正上方有一N極朝下豎直放置的條形磁鐵，手握磁鐵在線圈的正上方靜止，此時電子秤的示數為m0。下列說法正確的是(　　)
題號
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A．將磁鐵N極加速插向線圈的過程中，電子秤的示數小于m0
B．將靜止于線圈內的磁鐵勻速抽出的過程中，電子秤的示數大于m0
C．將磁鐵N極加速插向線圈的過程中，線圈中產生的電流沿逆時針方向(俯視)
D．將磁鐵N極加速插向線圈的過程中，線圈中產生的電流沿順時針方向(俯視)
√
題號
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C　[將條形磁鐵插向線圈或從線圈中抽出的過程中，穿過線圈的磁通量發生了變化，線圈中產生了感應電流，線圈與條形磁鐵會發生相互作用，根據楞次定律的推論“來拒去留”可知，在將磁鐵插向線圈(無論是勻速、加速還是減速)的過程中，線圈與磁鐵相互排斥，導致電子秤的示數大于m0，在抽出磁鐵(無論是勻速、加速還是減速)的過程中，線圈與磁鐵相互吸引，導致電子秤的示數小于m0，故A、B錯誤；根據楞次定律和安培定則可判斷，將一條形磁鐵的N極加速插向線圈時，線圈中產生的感應電流方向為逆時針方向(俯視)，故C正確，D錯誤。]
題號
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9．(多選)航母上飛機彈射起飛是利用電磁驅動來實現的。電磁驅動原理如圖所示，當固定線圈上突然通過直流電流時，線圈端點的金屬環被彈射出去。現在固定線圈左側同一位置，先后放有分別用橫截面積相等的銅和鋁導線制成的形狀、
大小相同的兩個閉合環，且電阻率ρ銅
<ρ鋁。閉合開關S的瞬間(　　)
題號
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A．從左側看環中感應電流沿順時針方向
B．銅環受到的安培力大于鋁環受到的安培力
C．若將環放置在線圈右方，環將向左運動
D．電池正負極調換后，金屬環不能向左彈射
題號
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√
AB　[線圈中電流為右側流入，線圈內部磁場方向向左，在閉合開關的過程中，磁場變強，則由楞次定律及安培定則可知，環中感應電流方向由左側看為順時針方向，A項正確；由于銅環的電阻較小，故銅環中感應電流較大，故銅環受到的安培力要大于鋁環受到的安培力，B項正確；若將環放在線圈右方，根據楞次定律推論可得，環將向右運動，C項錯誤；電池正負極調換后，金屬環受力仍向左，故仍將向左彈射，D項錯誤。]
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10．(多選)(2024·廣東湛江月考)如圖甲所示，abcd區域有垂直于平面的磁場，磁場變化規律如圖乙所示，設垂直abcd面向里的磁場方向為正方向，金屬線圈M與導線abcd連接成閉合電路，N為獨立的金屬小圓環，N環套在穿過M線圈的鐵芯上，下列說法正確的是(　　)
題號
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A．0～t0時間內閉合電路中有abcda方向的電流
B．t0～2t0時間內閉合電路abcd中有大小恒定、方向不變的感應電流
C．0～t0時間內N環內有自右向左看順時針方向的電流
D．2t0～3t0時間內N環向右運動
√
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AB　[由題圖乙可以看出，0～t0時間內磁感應強度正向增大，回路的磁通量向里增大，根據楞次定律，回路中要產生垂直紙面向外的磁場，則感應電流為逆時針方向，即有abcda方向的電流，故A正確；t0～2t0時間內，題圖乙中圖線的斜率不變，則磁通量的變化率不變，回路產生的感應電動勢不變，感應電流的方向為順時針且不變，故B正確；0～t0和2t0～3t0時間內，B-t圖線的斜率都不變，回路abcd中的感應電流方向不變，大小也恒定，所以回路產生的磁場大小、方向都不發生變化，則N環中磁通量不發生變化，所以不會產生感應電流，也不會受到安培力而運動，故C、D錯誤。]
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11．電阻R、電容器C與一線圈連成閉合回路，條形磁鐵靜止于線圈的正上方，N極朝下，如圖所示。現使磁鐵開始自由下落，在N極接近線圈上端的過程中，流過R的電流方向和電容器極板的帶電情況是(　　)
A．從a到b，上極板帶正電
B．從a到b，下極板帶正電
C．從b到a，上極板帶正電
D．從b到a，下極板帶正電
題號
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D　[由題圖知，穿過線圈的磁場方向向下，在磁鐵向下運動的過程中，線圈的磁通量在增大，故感應電流的磁場方向向上，再根據右手螺旋定則可判斷，流過R的電流從b到a，電容器下極板帶正電，所以A、B、C錯誤，D正確。]
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12．(多選)如圖所示，一個閉合三角形導線框ABC位于豎直平面內，其下方(略靠前)固定一根與導線框平面平行，并與導線框底邊BC平行的水平直導線，導線中通以圖示方向的恒定電流。釋放導線框，它由實線位置下落到虛線位置未發生轉動，在此過程中(　　)
題號
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A．導線框中感應電流的方向依次為ACBA→ABCA→ACBA
B．導線框內的磁通量為零時，感應電流不為零
C．導線框所受安培力的合力方向依次為向上→向下→向上
D．導線框所受安培力的合力為零，做自由落體運動
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√
AB　[根據安培定則可知導線上方的磁場方向垂直于紙面向外，下方的磁場方向垂直于紙面向里，而且越靠近導線磁場越強，所以閉合導線框ABC在下落過程中，導線框內磁通量先垂直于紙面向外且逐漸增大，當BC邊與導線處于同一水平面時，達到最大，再向下運動，導線框內磁通量垂直于紙面向外且逐漸減小至零，然后隨著導線框的下落，導線框內磁通量垂直于紙面向里且逐漸增大，當到達某一位置時，達到最大，繼續下落時，導線框內磁通量垂直于紙面向里且逐漸減小，根據楞次定律可知，感應電流的磁場方向先向里，
題號
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再向外，最后向里，再由安培定則可知導線框中感應電流的方向依次為ACBA→ABCA→ACBA，A正確；導線框在下落過程中，穿過導線框的磁通量時刻都在變化，當導線框內的磁通量為零時，仍有感應電動勢產生，所以感應電流不為零，B正確；根據楞次定律的推論，感應電流的效果總是阻礙導體間的相對運動，由于導線框一直向下運動，所以導線框所受安培力的合力方向一直向上，大小不為零，導線框不做自由落體運動，C、D錯誤。]
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13．(多選)兩個相同的電流表G1和G2如圖所示連接，晃動G1表，當指針向左偏轉時，靜止的G2表的指針也向左偏轉，原因是(　　)
A．兩表都是“發電機”
B．G1表是“發電機”，G2表是
“電動機”
C．G1表和G2表之間存在互感現象
D．G1表產生的電流流入G2表，產
生的安培力使G2表指針偏轉
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BD　[晃動G1表，當指針向左偏轉時，靜止的G2表的指針也向左偏轉，其原因是G1表中的線圈在磁場中做切割磁感線運動產生了感應電動勢，閉合回路中產生了感應電流，則G2表中線圈存在電流，產生的安培力使G2表的指針發生偏轉，因此G1表是“發電機”，G2表是“電動機”，B、D正確，A、C錯誤。]
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謝 謝 ！

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